bzoj 1834 [ZJOI2010] network 网络扩容（费用流）

题目描述

给定一张有向图，每条边都有一个容量C和一个扩容费用W。这里扩容费用是指将容量扩大1所需的费用。求： 1、 在不扩容的情况下，1到N的最大流； 2、 将1到N的最大流增加K所需的最小扩容费用。

输入输出格式

输入格式：

输入文件的第一行包含三个整数N,M,K，表示有向图的点数、边数以及所需要增加的流量。 接下来的M行每行包含四个整数u,v,C,W，表示一条从u到v，容量为C，扩容费用为W的边。

输出格式：

输出文件一行包含两个整数，分别表示问题1和问题2的答案。

输入输出样例

输入样例#1： 复制

5 8 2
1 2 5 8
2 5 9 9
5 1 6 2
5 1 1 8
1 2 8 7
2 5 4 9
1 2 1 1
1 4 2 1

输出样例#1： 复制

13 19

说明

30%的数据中，N<=100

100%的数据中，N<=1000，M<=5000，K<=10

[b]题解[/b]

话说其实不用新建图的……我看到好几位大佬的做法都是0.5倍经验+码量巨大的……

实际上只要直接跑一个费用流就行了。对于第一问，我们直接连边，然后令费用为$0$，跑一遍，输出最大流即可

对于第二问，只要在原来的每条边上再连一条边，容$inf$费为扩边费用，然后$k$的限制只要再建一个源点往$1$连容$k$费$0$的边。在残量网络上再跑一遍，输出最小费用即可

考虑为什么这样做是对的。因为要跑最小费用最大流，而原图是无花费的最大流，那么只要在此残量网络上继续增广，就可以保证跑出最小费用了

//minamoto
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<queue>
#define inf 0x3f3f3f3f
using namespace std;
#define getc() (p1==p2&&(p2=(p1=buf)+fread(buf,1,1<<21,stdin),p1==p2)?EOF:*p1++)
char buf[1<<21],*p1=buf,*p2=buf;
inline int read(){
#define num ch-'0'
char ch;bool flag=0;int res;
while(!isdigit(ch=getc()))
(ch=='-')&&(flag=true);
for(res=num;isdigit(ch=getc());res=res*10+num);
(flag)&&(res=-res);
#undef num
return res;
}
const int N=1005,M=50005;
struct node{
int u,v,f,e;
node(){}
node(int u,int v,int f,int e):u(u),v(v),f(f),e(e){}
}E[M];
int ver[M],Next[M],head
,edge[M],flow[M],tot=1;
int dis
,disf
,vis
,Pre
,last
;
int n,m,k,s,t,maxflow,mincost;
queue<int> q;
inline void add(int u,int v,int f,int e){
ver[++tot]=v,Next[tot]=head[u],head[u]=tot,flow[tot]=f,edge[tot]=e;
ver[++tot]=u,Next[tot]=head[v],head[v]=tot,flow[tot]=0,edge[tot]=-e;
}
bool spfa(){
memset(dis,0x3f,sizeof(dis));
q.push(s),dis[s]=0,disf[s]=inf,Pre[t]=-1;
while(!q.empty()){
int u=q.front();q.pop();vis[u]=0;
for(int i=head[u];i;i=Next[i]){
int v=ver[i];
if(flow[i]&&dis[v]>dis[u]+edge[i]){
dis[v]=dis[u]+edge[i],Pre[v]=u,last[v]=i;
disf[v]=min(disf[u],flow[i]);
if(!vis[v]) vis[v]=1,q.push(v);
}
}
}
return ~Pre[t];
}
void dinic(){
while(spfa()){
int u=t;maxflow+=disf[t],mincost+=disf[t]*dis[t];
while(u!=s){
flow[last[u]]-=disf[t];
flow[last[u]^1]+=disf[t];
u=Pre[u];
}
}
}
int main(){
n=read(),m=read(),k=read();
s=1,t=n;
for(int i=1;i<=m;++i){
int u=read(),v=read(),f=read(),e=read();
E[i]=node(u,v,f,e);
add(u,v,f,0);
}
dinic();
printf("%d ",maxflow);
for(int i=1;i<=m;++i){
int u=E[i].u,v=E[i].v,e=E[i].e;
add(u,v,inf,e);
}
s=0;
add(s,1,k,0);
dinic();
printf("%d\n",mincost);
return 0;
}