您的位置：首页 > 其它

[BZOJ4367][IOI2014]Holiday(决策单调性+分治+主席树)

2018-05-27 13:31 399 查看

4367: [IOI2014]holiday假期

Time Limit: 20 Sec Memory Limit: 64 MB
Submit: 421 Solved: 128
[Submit][Status][Discuss]

Description

健佳正在制定下个假期去台湾的游玩计划。在这个假期，健佳将会在城市之间奔波，并且参观这些城市的景点。
在台湾共有n个城市，它们全部位于一条高速公路上。这些城市连续地编号为0到n-1。对于城市i(0<i<n-1)而言，与其相邻的城市是i-1和i+1。但是对于城市 0，唯一与其相邻的是城市 1。而对于城市n-1，唯一与其相邻的是城市n-2。
每个城市都有若干景点。健佳有d天假期并且打算要参观尽量多的景点。健佳已经选择了假期开始要到访的第一个城市。在假期的每一天，健佳可以选择去一个相邻的城市，或者参观所在城市的所有景点，但是不能同时进行。即使健佳在同一个城市停留多次，他也不会去重复参观该城市的景点。请帮助健佳策划这个假期，以便能让他参观尽可能多的景点。

Input

第1行: n, start, d.
第2行: attraction[0], ..., attraction[n-1].
n: 城市数。
start: 起点城市的编号。
d: 假期的天数。
attraction: 长度为n的数组；attraction[i] 表示城市i的景点数目，其中0≤i≤n-1。

Output

输出一个整数表示健佳最多可以参观的景点数。

Sample Input

5 2 7
10 2 20 30 1

Sample Output

HINT

假设健佳有 7 天假期，有 5 个城市（参见下表），而且他由城市 2 开始。在第一天，健佳参观城市2的 20 个景点。第二天，健佳由城市 2 去往城市 3。而在第三天，健佳参观城市 3 的30 个景点。接下来的3天，健佳由城市 3 前往城市 0。而在第 7 天，健佳参观城市0的 10 个景点。这样健佳参观的景点总数是20+30+10=60，这是他由城市 2 开始、在 7 天假期内最多能参观的景点数目。

Source

鸣谢yts1999上传

[Submit][Status][Discuss]

https://www.geek-share.com/detail/2668352289.html

当需要枚举的东西呈单调性的时候可以用分治解决。

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#define rep(i,l,r) for (int i=l; i<=r; i++)
typedef long long ll;
using namespace std;

const int N=250010,M=1800010;
int n,st,m,cnt,root
,b
,sta
,c,ls[M],rs[M],sz[M];
ll ret,ans,sum[M],f
,g
,f1
,g1
;
int fd
,gd
,f1d
,g1d
;

void ins(int x,int &y,int l,int r,int val,ll Val){
sz[y=++cnt]=sz[x]+1; sum[y]=sum[x]+Val; ls[y]=ls[x];rs[y]=rs[x];
if (l==r) return; int mid=(l+r)>>1;
if (val<=mid) ins(ls[x],ls[y],l,mid,val,Val);
else ins(rs[x],rs[y],mid+1,r,val,Val);
}

void query(int x,int y,int l,int r,int k){
if (k<=0) return;
if (l==r) { ret+=1ll*min(k,sz[y]-sz[x])*sta[l]; return;  }
int mid=(l+r)>>1;
if (sz[rs[y]]-sz[rs[x]]>=k) query(rs[x],rs[y],mid+1,r,k);
else    ret+=sum[rs[y]]-sum[rs[x]],query(ls[x],ls[y],l,mid,k-sz[rs[y]]+sz[rs[x]]);
}

void solve1(int l,int r,int L,int R){//要求f[l..r],d的范围在[L,R]
if (l>r)    return;
int mid=(l+r)>>1;
for (int i=L;i<=R;i++){
ret=0; query(root[st-1],root[i],1,c,st-i+mid);
if (ret>f[mid]||!fd[mid]) f[mid]=ret,fd[mid]=i;
}
solve1(l,mid-1,L,fd[mid]);solve1(mid+1,r,fd[mid],R);
}

void solve2(int l,int r,int L,int R){
if (l>r)    return;
int mid=(l+r)>>1;
for (int i=R; i>=L; i--){
ret=0; query(root[i-1],root[st-1],1,c,i-st+mid);
if (ret>g[mid]||!gd[mid]) g[mid]=ret,gd[mid]=i;
}
solve2(l,mid-1,gd[mid],R); solve2(mid+1,r,L,gd[mid]);
}

void solve3(int l,int r,int L,int R){
if (l>r)    return;
int mid=(l+r)>>1;
for (int i=L; i<=R; i++){
ret=0; query(root[st-1],root[i],1,c,((st-i)<<1)+mid);
if (ret>f1[mid]||!f1d[mid]) f1[mid]=ret,f1d[mid]=i;
}
solve3(l,mid-1,L,f1d[mid]); solve3(mid+1,r,f1d[mid],R);
}

void solve4(int l,int r,int L,int R){
if (l>r)    return;
int mid=(l+r)>>1;
for (int i=R;i>=L;i--){
ret=0; query(root[i-1],root[st-1],1,c,((i-st)<<1)+mid);
if (ret>g1[mid]||!g1d[mid]) g1[mid]=ret,g1d[mid]=i;
}
solve4(l,mid-1,g1d[mid],R);solve4(mid+1,r,L,g1d[mid]);
}

int main(){
freopen("bzoj4367.in","r",stdin);
freopen("bzoj4367.out","w",stdout);
scanf("%d%d%d",&n,&st,&m);st++;
rep(i,1,n) scanf("%d",&b[i]),sta[i]=b[i];
sort(sta+1,sta+n+1);c=unique(sta+1,sta+n+1)-sta-1;
rep(i,1,n) b[i]=lower_bound(sta+1,sta+c+1,b[i])-sta;
rep(i,1,n) ins(root[i-1],root[i],1,c,b[i],sta[b[i]]);
solve1(1,m,st,min(n,st+m)); solve2(1,m,max(1,st-m),n);
solve3(1,m,st,min(n,st+(m>>1))); solve4(1,m,max(1,st-(m>>1)),n);
rep(i,0,m) ans=max(ans,g1[i]+f[m-i]);
rep(i,0,m) ans=max(ans,f1[i]+g[m-i]);
printf("%lld\n",ans);
}

内容来自用户分享和网络整理，不保证内容的准确性，如有侵权内容，可联系管理员处理

标签：

相关文章推荐

新的分享

章节导航