【BZOJ2756】奇怪的游戏(二分,网络流)
2018-04-03 14:03
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【BZOJ2756】奇怪的游戏(二分,网络流)
题面
BZOJDescription
Blinker最近喜欢上一个奇怪的游戏。这个游戏在一个 N*M 的棋盘上玩,每个格子有一个数。每次 Blinker 会选择两个相邻
的格子,并使这两个数都加上 1。
现在 Blinker 想知道最少多少次能使棋盘上的数都变成同一个数,如果永远不能变成同
一个数则输出-1。
Input
输入的第一行是一个整数T,表示输入数据有T轮游戏组成。每轮游戏的第一行有两个整数N和M, 分别代表棋盘的行数和列数。
接下来有N行,每行 M个数。
Output
对于每个游戏输出最少能使游戏结束的次数,如果永远不能变成同一个数则输出-1。Sample Input
22 2
1 2
2 3
3 3
1 2 3
2 3 4
4 3 2
Sample Output
2-1
HINT
【数据范围】对于30%的数据,保证 T<=10,1<=N,M<=8
对于100%的数据,保证 T<=10,1<=N,M<=40,所有数为正整数且小于1000000000
题解
我竟然调了\(1h+....\)我们假设知道了要把他们都变成\(x\)
如何检验\(x\)是否可行?
很明显,棋盘黑白染色之后,永远都是一个黑点和一个白点一起加一
所以黑点加的次数和白点加的次数一定相同
同样的,我们知道一个黑点要加多少次
现在的问题不过变成了黑点加的若干次如何分配给白点
因为只能加给邻边,黑白染色之后向相邻的格子连容量为\(inf\)的边就行了
最后只需要检查是否满流即可。
当黑白格子数量相同的时候,显然答案可以二分
假设我们都可以加到一个最小的\(x\)
那么,一个黑格子唯一确定一个白格子
所有格子就可以都加一,因此也可以得到任何一个大于\(x\)的数
所以二分+判定即可
当黑白格子数量不同
此时可行的\(x\)应该唯一确定
我们求出白格子的和\(S1\),黑格子的和\(S2\)
不妨设白格子数量为\(c1\),黑格子数量为\(c2\),且\(c1>c2\)
因为每一次都是一个黑格加一,一个白格加一
所以\(x=\frac{S1-S2}{C1-C2}\)
证明?算了,随便写一下
\[xc1-S1=xc2-S2\]
移过去除一下检查是否可行即可。
#include<iostream> #include<cstdio> #include<cstdlib> #include<cstring> #include<cmath> #include<algorithm> #include<set> #include<map> #include<vector> #include<queue> using namespace std; #define ll long long #define RG register #define INF (1ll<<50) #define MAX 2000 inline int read() { RG int x=0,t=1;RG char ch=getchar(); while((ch<'0'||ch>'9')&&ch!='-')ch=getchar(); if(ch=='-')t=-1,ch=getchar(); while(ch<='9'&&ch>='0')x=x*10+ch-48,ch=getchar(); return x*t; } struct Line{int v,next;ll w;}e[MAX<<4]; int h[MAX],cnt; inline void Add(int u,int v,ll w) { e[cnt]=(Line){v,h[u],w};h[u]=cnt++; e[cnt]=(Line){u,h[v],0};h[v]=cnt++; } void init(){memset(h,0,sizeof(h));cnt=2;} int level[MAX],S,T; bool bfs() { memset(level,0,sizeof(level));level[S]=1; queue<int> Q;Q.push(S); while(!Q.empty()) { int u=Q.front();Q.pop(); for(int i=h[u];i;i=e[i].next) if(e[i].w&&!level[e[i].v]) level[e[i].v]=level[u]+1,Q.push(e[i].v); } return level[T]; } ll dfs(int u,ll flow) { if(u==T||!flow)return flow; ll ret=0; for(int i=h[u];i;i=e[i].next) if(e[i].w&&level[e[i].v]==level[u]+1) { ll d=dfs(e[i].v,min(flow,e[i].w)); ret+=d;flow-=d; e[i].w-=d;e[i^1].w+=d; } if(!ret)level[u]=0; return ret; } ll Dinic() { ll ret=0; while(bfs())ret+=dfs(S,INF); return ret; } int n,m,a[45][45],bh[45][45]; int d[4][2]={-1,0,0,-1,1,0,0,1}; ll sum1,sum2; bool check(ll x) { init();ll tot=0; for(int i=1;i<=n;++i) for(int j=1;j<=m;++j) if((i+j)&1) { tot+=x-a[i][j];Add(S,bh[i][j],x-a[i][j]); for(int k=0;k<4;++k) { int xx=i+d[k][0],yy=j+d[k][1]; if(!(xx&&yy&&xx<=n&&yy<=m))continue; Add(bh[i][j],bh[xx][yy],INF); } } else Add(bh[i][j],T,x-a[i][j]); return Dinic()==tot; } int main() { int TT=read(); while(TT--) { n=read();m=read();sum1=sum2=0; int tot=0,mx=0,whi=0,blk=0; for(int i=1;i<=n;++i) for(int j=1;j<=m;++j) mx=max(a[i][j]=read(),mx),bh[i][j]=++tot; for(int i=1;i<=n;++i) for(int j=1;j<=m;++j) if((i+j)&1)sum1+=a[i][j],++whi; else sum2+=a[i][j],++blk; S=0;T=tot+1; if(whi!=blk) { ll x=(sum1-sum2)/(whi-blk); if(x>=mx&&check(x))printf("%lld\n",x*whi-sum1); else puts("-1");continue; } if(sum1!=sum2){puts("-1");continue;} ll l=mx,r=1ll<<35; while(l<=r) { ll mid=(l+r)>>1ll; if(check(mid))r=mid-1; else l=mid+1; } printf("%lld\n",l*whi-sum1); } return 0; }
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