bzoj 1042: [HAOI2008]硬币购物(DP+容斥)
2018-03-30 11:05
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https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1042思路
简单的容斥。如果没有限制,就是个完全背包。
有限制,答案就是无限制-超限1个+超限两个-超限三个+超限四个。没错这就是小学学过的容斥。
有一个公式,若
f(S)=∑T⊇Sg(T)
则
g(S)=∑T⊇S(−1)|T|−|S|f(T)
在这题里,f(S)表示集合S里的硬币超限,其他随便的方案数,g(S)表示只有集合S超限的方案数。听说这货还有一个厉害的名字:子集反演。
要求的是g(∅)。于是用f去算。f(S)就是强行让S中的硬币先取d[i]+1个然后随便取的方案,随便取的方案通过完全背包提前算出。
代码
#include <bits/stdc++.h> #define maxn 100100 using namespace std; typedef long long LL; int c[5], d[5], s, tot; LL f[maxn], g[maxn]; int main(){ for(int i = 1; i <= 4; i++) scanf("%d", &c[i]); scanf("%d", &tot); f[0] = 1LL; for(int i = 1; i <= 4; i++) for(int j = c[i]; j < maxn; j++) f[j] += f[j-c[i]]; while(tot --){ for(int i = 1; i <= 4; i++) scanf("%d", &d[i]); scanf("%d", &s); LL ans = 0LL; for(int i = 0; i < (1<<4); i++){ int cnt = 0, rest = s; for(int j = 1; j <= 4; j++) if((1<<(j-1)) & i) rest -= c[j] * (d[j] + 1), cnt ++; if(rest < 0) continue; if(cnt & 1) ans -= f[rest]; else ans += f[rest]; } printf("%lld\n", ans); } return 0; }
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