51nod 1103 N的倍数(抽屉原理)
2018-03-20 20:09
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1103 N的倍数
题目来源: Ural 1302
基准时间限制:1 秒 空间限制:131072 KB 分值: 40 难度:4级算法题
一个长度为N的数组A,从A中选出若干个数,使得这些数的和是N的倍数。
例如:N = 8,数组A包括:2 5 6 3 18 7 11 19,可以选2 6,因为2 + 6 = 8,是8的倍数。
Input
第1行:1个数N,N为数组的长度,同时也是要求的倍数。(2 <= N <= 50000)
第2 - N + 1行:数组A的元素。(0 < A[i] <= 10^9)
Output
如果没有符合条件的组合,输出No Solution。
第1行:1个数S表示你所选择的数的数量。
第2 - S + 1行:每行1个数,对应你所选择的数。
Input示例
8
2
5
6
3
18
7
11
19
Output示例
2
2
6
a[i]即为n的倍数,那么输出1和a[i]即可
一直求和直到对n取模后为0,那么从头输出到i即可
非从头的几个数求和为n的倍数,我们讲一下3情况的实现
我们用前缀和,把每次读入的数加到前缀和中,并对前缀和取模,由于一直加为取模后为0的情况在2讨论过了,那么在情况3中取模的结果只有在1到n-1,这n-1种可能,根据抽屉原理又称鸽巢原理,把n个球放入n-1个抽屉那么必有一个抽屉中大于1个球,也就是说我们一共有n个前缀和,但是取模的可能只有n-1种,那么必定有两个前缀和相等,当前缀和相等时,两个前缀和之间的元素相加即为n的倍数
题目来源: Ural 1302
基准时间限制:1 秒 空间限制:131072 KB 分值: 40 难度:4级算法题
一个长度为N的数组A,从A中选出若干个数,使得这些数的和是N的倍数。
例如:N = 8,数组A包括:2 5 6 3 18 7 11 19,可以选2 6,因为2 + 6 = 8,是8的倍数。
Input
第1行:1个数N,N为数组的长度,同时也是要求的倍数。(2 <= N <= 50000)
第2 - N + 1行:数组A的元素。(0 < A[i] <= 10^9)
Output
如果没有符合条件的组合,输出No Solution。
第1行:1个数S表示你所选择的数的数量。
第2 - S + 1行:每行1个数,对应你所选择的数。
Input示例
8
2
5
6
3
18
7
11
19
Output示例
2
2
6
思路
这题是特判,所以找到任何一个结果都可,有这么几种情况a[i]即为n的倍数,那么输出1和a[i]即可
一直求和直到对n取模后为0,那么从头输出到i即可
非从头的几个数求和为n的倍数,我们讲一下3情况的实现
我们用前缀和,把每次读入的数加到前缀和中,并对前缀和取模,由于一直加为取模后为0的情况在2讨论过了,那么在情况3中取模的结果只有在1到n-1,这n-1种可能,根据抽屉原理又称鸽巢原理,把n个球放入n-1个抽屉那么必有一个抽屉中大于1个球,也就是说我们一共有n个前缀和,但是取模的可能只有n-1种,那么必定有两个前缀和相等,当前缀和相等时,两个前缀和之间的元素相加即为n的倍数
#include <iostream> #include <stdio.h> #include <stdlib.h> #include <string.h> #include <string.h> using namespace std; int a[50005]; int vis[50005]; int sum[50005]; int main() { int n; scanf("%d",&n); memset(vis,-1,sizeof(vis)); memset(sum,0,sizeof(sum)); for(int i=0;i<n;i++) { scanf("%d",&a[i]); if(a[i]%n==0) { printf("1\n"); printf("%d\n",a[i]); break; } if(i==0) sum[i]=a[i]; else sum[i]=sum[i-1]+a[i]; sum[i]%=n; if(sum[i]==0) { printf("%d\n",i+1); for(int j=0;j<=i;j++) printf("%d\n",a[j]); break; } if(vis[sum[i]]!=-1) { printf("%d\n",i-vis[sum[i]]); for(int j=vis[sum[i]]+1;j<=i;j++) printf("%d\n",a[j]); break; } vis[sum[i]]=i; } return 0; }
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