康拓编码与解码

一、康托展开：全排列到一个自然数的双射X=an*(n-1)!+an-1*(n-2)!+...+ai*(i-1)!+...+a2*1!+a1*0!ai为整数，并且0<=ai<i(1<=i<=n) 适用范围：没有重复元素的全排列
二、全排列的编码：{1,2,3,4,...,n}的排列总共有n!种，将它们从小到大排序，怎样知道其中一种排列是有序序列中的
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第几个？如 {1,2,3} 按从小到大排列一共6个：123 132 213 231 312 321。想知道321是{1,2,3}中第几个大的数。这样考虑：第一位是3，小于3的数有1、2 。所以有2*2!个。再看小于第二位，小于2的数只有一个就是1 ，所以有1*1!=1 所以小于32的{1,2,3}排列数有2*2!+1*1!=5个。所以321是第6个大的数。2*2!+1*1!是康托展开。（注意判断排列是第几个时要在康托展开的结果后+1）再举个例子：1324是{1,2,3,4}排列数中第几个大的数：第一位是1小于1的数没有，是0个，0*3!，第二位是3小于3的数有1和2，但1已经在第一位了，所以只有一个数2，1*2! 。第三位是2小于2的数是1，但1在第一位，所以有0个数，0*1!，所以比1324小的排列有0*3!+1*2!+0*1!=2个，1324是第三个大数。又例如，排列3 5 7 4 1 2 9 6 8展开为98884，因为X=2*8!+3*7!+4*6!+2*5!+0*4!+0*3!+2*2!+0*1!+0*0!=98884.解释：排列的第一位是3，比3小的数有两个，以这样的数开始的排列有8!个，因此第一项为2*8!排列的第二位是5，比5小的数有1、2、3、4，由于3已经出现，因此共有3个比5小的数，这样的排列有7!个，因此第二项为3*7!以此类推，直至0*0![cpp] view plain copy#include<cstdio>  
const int fac[] = {1, 1, 2, 6, 24, 120, 720, 5040, 40320};///阶乘  
  
int KT(int s[], int n)  
{  
    int i, j, cnt, sum;  
    sum = 0;  
    for (i = 0; i < n; ++i)  
    {  
        cnt = 0;  
        for (j = i + 1; j < n; ++j)  
            if (s[j] < s[i]) ++cnt;  
        sum += cnt * fac[n - i - 1];  
    }  
    return sum;  
}  
  
int main()  
{  
    int a[] = {3, 5, 7, 4, 1, 2, 9, 6, 8};  
    printf("%d\n", 1 + KT(a, sizeof(a) / sizeof(*a))); ///1+98884  
}  

三、全排列的解码如何找出第16个（按字典序的）{1,2,3,4,5}的全排列？1. 首先用16-1得到152. 用15
e2cb
去除4! 得到0余153. 用15去除3! 得到2余34. 用3去除2! 得到1余15. 用1去除1! 得到1余0有0个数比它小的数是1，所以第一位是1有2个数比它小的数是3，但1已经在之前出现过了所以是4有1个数比它小的数是2，但1已经在之前出现过了所以是3有1个数比它小的数是2，但1,3,4都出现过了所以是5最后一个数只能是2所以排列为1 4 3 5 2[cpp] view plain copy#include<cstdio>  
#include<cstring>  
const int fac[] = {1, 1, 2, 6, 24, 120, 720, 5040, 40320};///阶乘  
  
bool vis[10];  
  
///n为ans大小，k为全排列的编码  
void invKT(int ans[], int n, int k)  
{  
    int i, j, t;  
    memset(vis, 0, sizeof(vis));  
    --k;  
    for (i = 0; i < n; ++i)  
    {  
        t = k / fac[n - i - 1];  
        for (j = 1; j <= n; j++)  
            if (!vis[j])  
            {  
                if (t == 0) break;  
                --t;  
            }  
        ans[i] = j, vis[j] = true;  
        k %= fac[n - i - 1];///余数  
    }  
}  
  
int main()  
{  
    int a[10];  
    invKT(a, 5, 16);  
    for (int i = 0; i < 5; ++i)  
        printf("%d ", a[i]);///1 4 3 5 2  
}