UPC-5793 - 飞扬的小鸟II - 单调栈
2018-02-27 21:53
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题解链接:
https://lucien.ink/archives/109/题目链接:
http://exam.upc.edu.cn/problem.php?id=5793题目:
题目描述
有n棵大树从左到右排成一排,编号为1到n,每棵有高度hi与疲劳值wi。 有一只鸟儿现在站在最左侧的1号大树上,它想飞到第n棵树上去,但它不 能连续飞行太远,当它在第i棵树上时,只能飞到第i + 1, i + 2,…, i + k棵 树上,并获得对应大树的疲劳值;同时,假如它飞到的那棵树的高度不小 于当前这棵树的高度,那么它会获得额外的d疲劳值。求飞到第n棵树的最 小疲劳值是多少。输入
第一行三个整数n、k和d,由空格分割,表示树有多少棵,飞行的最大距离,以及额外的疲劳值。 接下来n行,第i行包含两个整数hi和wi,表示第i棵树的高度和疲劳值。输出
输出一行,表示最小疲劳值。样例输入
5 2 1 4 3 3 2 5 3 2 1 6 1
样例输出
8
提示
最优策略是1 → 2 → 4 → 5,总疲劳值是3 + 2 + 1 + 1,并在4 → 5时支付额外的1疲劳值。对于20%的数据,n ≤ 1000;
对于另外40%的数据,d = 0;
对于100%的数据,1 ≤ k < n ≤ 3 ∗ 105, 0 ≤ hi ≤ 109, 0 ≤ wi ≤ 103, d ∈{0, 1}。
思路:
对于每棵树,飞到这棵树的最小花费只可能由前k棵树更新过来,又注意到dd只可能是0或1,只要每次取前k棵树里权最小的前提下高度最高的那棵树就能够保证答案最优。所以对于第ii棵树可以O(1)O(1)求解,也就是dp[i]=mi4000
n(dp[i−1],dp[i−2],...,dp[i−k])dp[i]=min(dp[i−1],dp[i−2],...,dp[i−k]),需不需要加一判断一下即可。
比赛的时候比较脑残,没有想到单调栈,用单调栈的话可以O(n)O(n),贴的代码相当于用线段树实现了单调栈的功能…复杂度是O(nlgn)O(nlgn)。
实现:
#include <bits/stdc++.h> #define lson (u << 1) #define rson (u << 1 | 1) const int maxn = int(3e6) + 7, inf = 0x3f3f3f3f; int dp[maxn], h[maxn], w[maxn], n, k, d, idx; struct Node { int w, idx; bool operator < (const Node &tmp) const { return w == tmp.w ? h[idx] > h[tmp.idx] : w < tmp.w; } } node[maxn << 2]; void build(int u = 1, int l = 1, int r = n) { if (l == r) { node[u] = {inf, l}; return ; } int mid = (l + r) >> 1; build(lson, l, mid); build(rson, mid + 1, r); node[u] = std::min(node[lson], node[rson]); } Node query(int b, int e, int u = 1, int l = 1, int r = n) { if (b <= l && r <= e) return node[u]; int mid = (l + r) >> 1; if (e <= mid) return query(b, e, lson, l, mid); if (b > mid) return query(b, e, rson, mid + 1, r); return std::min(query(b, e, lson, l, mid), query(b, e, rson, mid + 1, r)); } void update(int aim, int val, int u = 1, int l = 1, int r = n) { if (l == r) { node[u].w = val; return ; } int mid = (l + r) >> 1; if (aim <= mid) update(aim, val, lson, l, mid); else update(aim, val, rson, mid + 1, r); node[u] = std::min(node[lson], node[rson]); } int main() { // freopen("in.txt", "r", stdin); scanf("%d%d%d", &n, &k, &d); for (int i = 1; i <= n; i++) scanf("%d%d", h + i, w + i); memset(dp, 0x3f, sizeof(dp)); build(); update(1, dp[1] = w[1]); for (int i = 2; i <= n; i++) { idx = query(std::max(i - k, 1), i - 1).idx; dp[i] = dp[idx] + w[i] + (d & (h[i] >= h[idx])); update(i, dp[i]); } printf("%d\n", dp ); return 0; }
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