bzoj3105 [cqoi2013]新Nim游戏
2018-02-27 09:21
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分析:
普通的Nim游戏,最后的Nim和(异或和)如果等于0,那么先手必败
但是在这个新游戏中,我们可以暗箱操作一下:
显然,我们希望在第一步完成后,
剩下的石子集的任何一个子集的Nim和都不是0
那么题目就变成了:
选出一个最大子集,使得子集中的元素异或起来不为0
(其实这种说法不是很严谨,应该是任意一个子集的Nim和都不为0)
显然,每种数量的石子堆一定只能保留一个
那么我们把石子从大到小排序
贪心的插入线性基,来维护剩下的石子数
(最小化第一步等价于最大化剩下的石子数)
为什么要用线性基?
因为线性基和原集在异或运算上等价
同时,满足基的性质:线性不相关(不能互相代替,说白了就是:不可能存在若干线性基异或起来等于0)
如果元素X可以插入到线性基中
说明该元素一定可以为线性基贡献一个1
因此我们就可以把ta剩下
分析:
普通的Nim游戏,最后的Nim和(异或和)如果等于0,那么先手必败
但是在这个新游戏中,我们可以暗箱操作一下:
显然,我们希望在第一步完成后,
剩下的石子集的任何一个子集的Nim和都不是0
那么题目就变成了:
选出一个最大子集,使得子集中的元素异或起来不为0
(其实这种说法不是很严谨,应该是任意一个子集的Nim和都不为0)
显然,每种数量的石子堆一定只能保留一个
那么我们把石子从大到小排序
贪心的插入线性基,来维护剩下的石子数
(最小化第一步等价于最大化剩下的石子数)
为什么要用线性基?
因为线性基和原集在异或运算上等价
同时,满足基的性质:线性不相关(不能互相代替,说白了就是:不可能存在若干线性基异或起来等于0)
如果元素X可以插入到线性基中
说明该元素一定可以为线性基贡献一个1
因此我们就可以把ta剩下
注意累加的是原值
(在插入的时候X可能会在异或过程中改变)#include<bits/stdc++.h> #define ll long long using namespace std; int n; ll a[100],b[100],ans; void cal() { for (int i=n;i>=0;i--) { ll x=a[i]; for (int j=63;j>=0;j--) if (x>>j&1) { if (b[j]) x^=b[j]; else { b[j]=x; ans+=a[i]; break; } } } } int main() { scanf("%d",&n); ll o=0; for (int i=1;i<=n;i++) scanf("%lld",&a[i]),o+=a[i]; sort(a+1,a+1+n); ans=0; cal(); if (ans==0) printf("-1\n"); else printf("%lld\n",o-ans); }
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