BZOJ_1076_[SCOI2008]奖励关_状压DP
2018-02-26 22:19
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BZOJ_1076_[SCOI2008]奖励关_状压DP
题意:
你正在玩你最喜欢的电子游戏,并且刚刚进入一个奖励关。在这个奖励关里,系统将依次随机抛出k次宝物,每次你都可以选择吃或者不吃(必须在抛出下一个宝物之前做出选择,且现在决定不吃的宝物以后也不能再吃)。宝物一共有n种,系统每次抛出这n种宝物的概率都相同且相互独立。也就是说,即使前k-1次系统都抛出宝物1(这种情况是有可能出现的,尽管概率非常小),第k次抛出各个宝物的概率依然均为1/n。 获取第i种宝物将得到Pi分,但并不是每种宝物都是可以随意获取的。第i种宝物有一个前提宝物集合Si。只有当Si中所有宝物都至少吃过一次,才能吃第i种宝物(如果系统抛出了一个目前不能吃的宝物,相当于白白的损失了一次机会)。注意,Pi可以是负数,但如果它是很多高分宝物的前提,损失短期利益而吃掉这个负分宝物将获得更大的长期利益。 假设你采取最优策略,平均情况你一共能在奖励关得到多少分值?
分析:
状压DP。
因为“现在决定不吃的宝物以后也不能再吃”,所以我们有很多不能到达的状态。
如果倒着做我们可以避免矛盾的情况,因为倒着做是由一个确定可到达的状态推向之前的一个状态,那么转移一定合法。
代码:
#include <stdio.h> #include <string.h> #include <algorithm> using namespace std; #define du double du f[110][1<<16]; int K,n,s[20],p[20]; int main(){ scanf("%d%d",&K,&n); int x,mask=(1<<n)-1; for(int i=1;i<=n;i++){ scanf("%d",&p[i]); while(scanf("%d",&x)){ if(!x)break; s[i]|=(1<<x-1); } } for(int i=K;i>=1;i--){ for(int j=0;j<=mask;j++){ for(int k=1;k<=n;k++){ if((s[k]|j)==j) f[i][j]+=max(f[i+1][j|(1<<k-1)]+p[k],f[i+1][j]); else f[i][j]+=f[i+1][j]; } f[i][j]/=n; } } printf("%.6lf",f[1][0]); } /* 6 6 12 2 3 4 5 0 15 5 0 -2 2 4 5 0 -11 2 5 0 5 0 1 2 4 5 0 */
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