简单dp-poj-1260
2018-02-23 16:31
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题目链接:http://poj.org/problem?id=1260题目大意:珠宝分成很多类,每一类需要花费的价格是不一样的,给出需要的珠宝的数量和价格,然后最后求出最省钱的方式。比如说:现在有两种珠宝需要买他们需要的数量和单价分别是100 ,1和100, 2,题目的意思是当购买时需要多买10个,而且可以用单价比较高的买单价低的也是可以的,所以这时候就有最优方案,这里方案一是:(100+10)*1+(100+10)*2;方案二是(100+100+10)*2;明显第一种方案好。例二中需要的珠宝分别是:1,10 和1,11和100,12三种珠宝,这时候最优的方法就是(100+1+1+10)*12=1344;
解题思路,这个题是一道简单dp题,dp问题最关键的问题就是状态转移方程,这里我们设dp[i]就是买i种珠宝的最优方案,v[i]是第i种珠宝的单价,sum[i]是前i种珠宝的总的数量,拿例二来说dp[1]=(1+10)*1=11,dp【2】=min(v[2]*(sum[2]+10),v[2]*(sum[2]-sum[1]+10)+dp【1】)以此类推,可以得到dp[i]=min(v[i]*(sum[i]+10),v[1]*(sum[i]-sum[j]+10)+dp[j]) 其中j的取值小于等于i。AC代码:
解题思路,这个题是一道简单dp题,dp问题最关键的问题就是状态转移方程,这里我们设dp[i]就是买i种珠宝的最优方案,v[i]是第i种珠宝的单价,sum[i]是前i种珠宝的总的数量,拿例二来说dp[1]=(1+10)*1=11,dp【2】=min(v[2]*(sum[2]+10),v[2]*(sum[2]-sum[1]+10)+dp【1】)以此类推,可以得到dp[i]=min(v[i]*(sum[i]+10),v[1]*(sum[i]-sum[j]+10)+dp[j]) 其中j的取值小于等于i。AC代码:
#include<stdio.h> #include<string.h> #include<algorithm> int sum[2005], v[2005], a[2005]; int T, n; int dp[2005]; int min(int a, int b) { if (a <= b) return a; else return b; } int main() { scanf("%d", &T); memset(sum, 0, sizeof(sum)); memset(dp, 0, sizeof(dp)); while (T--) { scanf("%d", &n); for (int i = 1; i <= n; i++) { scanf("%d%d", &a[i], &v[i]); sum[i] = sum[i - 1] + a[i]; dp[i] = (sum[i] + 10)*v[i]; } for (int i = 1; i <= n; i++) { for (int j = 1; j <= i; j++) { dp[i] = min(dp[i], (sum[i] - sum[j] + 10)*v[i] + dp[j]); } } printf("%d\n", dp ); } return 0; }我也是刚开始学动态规划呢~ 有问题私聊哦!么么哒
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