bzoj1211: [HNOI2004]树的计数
2018-01-19 15:29
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。。
解法:
prufer数列。
有这么三个性质:
一个prufer数列与一个无根树一一对应。
一个n个节点的无根树的prufer数列长度为n-2。
一个点的度数等于他在prufer数列里面出现的次数+1。。
第三个性质这样证明:
首先需要了解prufer序列如何构造:
看这里
在prufer数列中,如果一个点出现了两次,那么肯定有两个点连向他。
那么还有一次呢。
就是自己连向别人的情况,这种情况是不会把这个点放到prufer数列里的而会把跟他相连的那个点放到数列里。
所以度数等于出现次数+1
那么我们就可以知道每个点在prufer数列中出现的次数了(度数-1)
这样用组合数学就可以了啊。
直接乘居然会爆。。
网上的题解都说分解质因数,那就分解质因数咯。
代码实现;
。。
解法:
prufer数列。
有这么三个性质:
一个prufer数列与一个无根树一一对应。
一个n个节点的无根树的prufer数列长度为n-2。
一个点的度数等于他在prufer数列里面出现的次数+1。。
第三个性质这样证明:
首先需要了解prufer序列如何构造:
看这里
在prufer数列中,如果一个点出现了两次,那么肯定有两个点连向他。
那么还有一次呢。
就是自己连向别人的情况,这种情况是不会把这个点放到prufer数列里的而会把跟他相连的那个点放到数列里。
所以度数等于出现次数+1
那么我们就可以知道每个点在prufer数列中出现的次数了(度数-1)
这样用组合数学就可以了啊。
直接乘居然会爆。。
网上的题解都说分解质因数,那就分解质因数咯。
代码实现;
#include<cstdio> #include<cstring> #include<cstdlib> #include<iostream> #include<algorithm> #include<cmath> #include<queue> using namespace std; typedef long long ll; int n;ll d[160]; ll pr[150];int len; bool pd(ll x) { if(x<=1)return false;ll t=ll(sqrt(double(x+1))); for(ll i=2;i<=t;i++)if(x%i==0)return false;return true; } int s[150]; ll pow_mod(ll a,int b) {ll ans=1;while(b!=0) {if(b%2==1)ans*=a;b/=2;a*=a;}return ans;} int main() { scanf("%d",&n);int sum=0; for(int i=1;i<=n;i++) {scanf("%lld",&d[i]);sum+=d[i];} for(int i=1;i<=n;i++)if(n>1&&d[i]==0){printf("0\n");return 0;} if(sum-n!=n-2){printf("0\n");return 0;} if(n==1&&d[1]!=0){printf("0\n");return 0;}int len=0; for(ll i=1;i<=150;i++)if(pd(i)==true)pr[++len]=i; memset(s,0,sizeof(s)); for(int i=1;i<=n-2;i++) {int x=i;for(int j=1;j<=len;j++) while(x%pr[j]==0&&x!=0) {s[j]++;x/=pr[j];}} for(int i=1;i<=n;i++) { for(int k=1;k<=d[i]-1;k++) {int x=k;for(int j=1;j<=len;j++) while(x%pr[j]==0&&x!=0) {s[j]--;x/=pr[j];}} } ll ans=1;for(int i=1;i<=150;i++)ans*=pow_mod(pr[i],s[i]);printf("%lld\n",ans); return 0; }
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