[BZOJ]2597: [Wc2007]剪刀石头布 费用流
2018-01-05 16:22
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Description
在一些一对一游戏的比赛(如下棋、乒乓球和羽毛球的单打)中,我们经常会遇到A胜过B,B胜过C而C又胜过A的有趣情况,不妨形象的称之为剪刀石头布情况。有的时候,无聊的人们会津津乐道于统计有多少这样的剪刀石头布情况发生,即有多少对无序三元组(A, B, C),满足其中的一个人在比赛中赢了另一个人,另一个人赢了第三个人而第三个人又胜过了第一个人。注意这里无序的意思是说三元组中元素的顺序并不重要,将(A, B, C)、(A, C, B)、(B, A, C)、(B, C, A)、(C, A, B)和(C, B, A)视为相同的情况。
有N个人参加一场这样的游戏的比赛,赛程规定任意两个人之间都要进行一场比赛:这样总共有场比赛。比赛已经进行了一部分,我们想知道在极端情况下,比赛结束后最多会发生多少剪刀石头布情况。即给出已经发生的比赛结果,而你可以任意安排剩下的比赛的结果,以得到尽量多的剪刀石头布情况。
在一些一对一游戏的比赛(如下棋、乒乓球和羽毛球的单打)中,我们经常会遇到A胜过B,B胜过C而C又胜过A的有趣情况,不妨形象的称之为剪刀石头布情况。有的时候,无聊的人们会津津乐道于统计有多少这样的剪刀石头布情况发生,即有多少对无序三元组(A, B, C),满足其中的一个人在比赛中赢了另一个人,另一个人赢了第三个人而第三个人又胜过了第一个人。注意这里无序的意思是说三元组中元素的顺序并不重要,将(A, B, C)、(A, C, B)、(B, A, C)、(B, C, A)、(C, A, B)和(C, B, A)视为相同的情况。
有N个人参加一场这样的游戏的比赛,赛程规定任意两个人之间都要进行一场比赛:这样总共有场比赛。比赛已经进行了一部分,我们想知道在极端情况下,比赛结束后最多会发生多少剪刀石头布情况。即给出已经发生的比赛结果,而你可以任意安排剩下的比赛的结果,以得到尽量多的剪刀石头布情况。
题解:
不错的题。考虑补集转化。由于任意两个点都连着一条边,所以对于任意三个点,不存在环的情况只有其中一个点向其他两个点都有连边,所以说一个点的每两个出度,都减少了一个环,然后用网络流中常用的差分技巧,搞出每增加一个出度会减少多少个环,就可以建边了。代码:
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; #define LL long long #define pa pair<int,int> const int Maxn=11000; const int inf=2147483647; int read() { int x=0,f=1;char ch=getchar(); while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();} while(ch>='0'&&ch<='9')x=(x<<3)+(x<<1)+(ch^48),ch=getchar(); return x*f; } struct Edge{int x,y,d,c,next;}e[2000000]; int len=1,last[Maxn]; void ins(int x,int y,int d,int c) { int t=++len; e[t].x=x;e[t].y=y;e[t].d=d;e[t].c=c; e[t].next=last[x];last[x]=t; } void addedge(int x,int y,int d,int c){/*printf("%d %d %d 4000 %d\n",x,y,d,c);*/ins(x,y,d,c);ins(y,x,0,-c);} int st,ed; int f[Maxn],pre[Maxn]; bool in[Maxn]; bool spfa() { queue<int>q;q.push(st); memset(pre,-1,sizeof(pre)); memset(f,63,sizeof(f));f[st]=0; memset(in,false,sizeof(in)); while(!q.empty()) { int x=q.front();q.pop();in[x]=false; for(int i=last[x];i;i=e[i].next) { int y=e[i].y; if(e[i].d&&f[x]+e[i].c<f[y]) { f[y]=f[x]+e[i].c; pre[y]=i; if(!in[y])in[y]=true,q.push(y); } } } return(f[ed]!=1061109567); } int ans; void work() { int now=pre[ed],mn=inf; while(now!=-1) { mn=min(mn,e[now].d); now=pre[e[now].x]; } ans-=(f[ed]*mn); now=pre[ed]; while(now!=-1) { e[now].d-=mn;e[now^1].d+=mn; now=pre[e[now].x]; } } int n,a[102][102],d[102],D[102],num[102][102],v[102][102]; int main() { n=read(); int tot=2;st=1;ed=2; for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=n;j++) { a[i][j]=read(); if(j>=i)continue; if(a[i][j]==0)d[j]++; if(a[i][j]==1)d[i]++; if(a[i][j]==2)num[i][j]=num[j][i]=++tot; } for(int i=1;i<=n;i++)addedge(st,tot+i,d[i],0); for(int i=1;i<n;i++) for(int j=i+1;j<=n;j++) if(num[i][j]) { addedge(st,num[i][j],1,0); addedge(num[i][j],tot+i,1,0); v[i][j]=len-1; addedge(num[i][j],tot+j,1,0); D[i]++;D[j]++; } for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=D[i]+d[i];j++) addedge(tot+i,ed,1,j-1); ans=n*(n-1)*(n-2)/6; while(spfa())work(); printf("%d\n",ans); for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=n;j++) if(v[i][j]) { if(!e[v[i][j]].d)a[i][j]=1,a[j][i]=0; else a[i][j]=0,a[j][i]=1; } for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=n;j++) printf("%d%c",a[i][j],((j==n)?'\n':' ')); }
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