bzoj2324 [ZJOI2011]营救皮卡丘
2018-01-02 21:33
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Description
皮卡丘被火箭队用邪恶的计谋抢走了!这三个坏家伙还给小智留下了赤果果的挑衅!为了皮卡丘,也为了正义,小智和他的朋友们义不容辞的踏上了营救皮卡丘的道路。
火箭队一共有N个据点,据点之间存在M条双向道路。据点分别从1到N标号。小智一行K人从真新镇出发,营救被困在N号据点的皮卡丘。为了方便起见,我们将真新镇视为0号据点,一开始K个人都在0号点。
由于火箭队的重重布防,要想摧毁K号据点,必须按照顺序先摧毁1到K-1号据点,并且,如果K-1号据点没有被摧毁,由于防御的连锁性,小智一行任何一个人进入据点K,都会被发现,并产生严重后果。因此,在K-1号据点被摧毁之前,任何人是不能够经过K号据点的。
为了简化问题,我们忽略战斗环节,小智一行任何一个人经过K号据点即认为K号据点被摧毁。被摧毁的据点依然是可以被经过的。
K个人是可以分头行动的,只要有任何一个人在K-1号据点被摧毁之后,经过K号据点,K号据点就被摧毁了。显然的,只要N号据点被摧毁,皮卡丘就得救了。
野外的道路是不安全的,因此小智一行希望在摧毁N号据点救出皮卡丘的同时,使得K个人所经过的道路的长度总和最少。
请你帮助小智设计一个最佳的营救方案吧!
Input
第一行包含三个正整数N,M,K。表示一共有N+1个据点,分别从0到N编号,以及M条无向边。一开始小智一行共K个人均位于0号点。
接下来M行,每行三个非负整数,第i行的整数为Ai,Bi,Li。表示存在一条从Ai号据点到Bi号据点的长度为Li的道路。
Output
仅包含一个整数S,为营救皮卡丘所需要经过的最小的道路总和。
Sample Input
3 4 2
0 1 1
1 2 1
2 3 100
0 3 1
Sample Output
3
【样例说明】
小智和小霞一起前去营救皮卡丘。在最优方案中,小智先从真新镇前往1号点,接着前往2号据点。当小智成功摧毁2号据点之后,小霞从真新镇出发直接前往3号据点,救出皮卡丘。
HINT
对于100%的数据满足N ≤ 150, M ≤ 20 000, 1 ≤ K ≤ 10, Li ≤ 10 000, 保证小智一行一定能够救出皮卡丘。至于为什么K ≤ 10,你可以认为最终在小智的号召下,小智,小霞,小刚,小建,小遥,小胜,小光,艾莉丝,天桐,还有去日本旅游的黑猫警长,一同前去大战火箭队。
Source
Day2
首先这题 很神 再其次 跪膜Icefox 大佬 秒题神速啊
首先这个问题我觉得蛮像poj2594的 类似最小权值的可重路线 但是现在我们这题给的是无向图 并且 要求满足一个类似DAG的东西 就是想要访问k 那么必须把1~k-1的都访问完 那么要保证我每个点第一次被访问只被访问一次 那么就和poj2594一模一样了 所以建图方法也相同 其次 我还可以预处理一下 某个点 从所有比他小的点转移过来需要的最小代价是多少 我是跑了n遍dijkstra求出来的这样的话 我就可以get我如果前面的点都访问过了 我到达我想要的那个点的最小代价是多少啊然后 加边的时候我是S->0 权值为k 费用为0 S->每个节点权值为1 费用为0 每个节点的另一个匹配点到T的权值为1 费用为0 然后每个点都向序号比他大的点去连边 比如权值为1 然后费用为i->j的最小路经长度 然后跑最小费用最大流即可
Description
皮卡丘被火箭队用邪恶的计谋抢走了!这三个坏家伙还给小智留下了赤果果的挑衅!为了皮卡丘,也为了正义,小智和他的朋友们义不容辞的踏上了营救皮卡丘的道路。
火箭队一共有N个据点,据点之间存在M条双向道路。据点分别从1到N标号。小智一行K人从真新镇出发,营救被困在N号据点的皮卡丘。为了方便起见,我们将真新镇视为0号据点,一开始K个人都在0号点。
由于火箭队的重重布防,要想摧毁K号据点,必须按照顺序先摧毁1到K-1号据点,并且,如果K-1号据点没有被摧毁,由于防御的连锁性,小智一行任何一个人进入据点K,都会被发现,并产生严重后果。因此,在K-1号据点被摧毁之前,任何人是不能够经过K号据点的。
为了简化问题,我们忽略战斗环节,小智一行任何一个人经过K号据点即认为K号据点被摧毁。被摧毁的据点依然是可以被经过的。
K个人是可以分头行动的,只要有任何一个人在K-1号据点被摧毁之后,经过K号据点,K号据点就被摧毁了。显然的,只要N号据点被摧毁,皮卡丘就得救了。
野外的道路是不安全的,因此小智一行希望在摧毁N号据点救出皮卡丘的同时,使得K个人所经过的道路的长度总和最少。
请你帮助小智设计一个最佳的营救方案吧!
Input
第一行包含三个正整数N,M,K。表示一共有N+1个据点,分别从0到N编号,以及M条无向边。一开始小智一行共K个人均位于0号点。
接下来M行,每行三个非负整数,第i行的整数为Ai,Bi,Li。表示存在一条从Ai号据点到Bi号据点的长度为Li的道路。
Output
仅包含一个整数S,为营救皮卡丘所需要经过的最小的道路总和。
Sample Input
3 4 2
0 1 1
1 2 1
2 3 100
0 3 1
Sample Output
3
【样例说明】
小智和小霞一起前去营救皮卡丘。在最优方案中,小智先从真新镇前往1号点,接着前往2号据点。当小智成功摧毁2号据点之后,小霞从真新镇出发直接前往3号据点,救出皮卡丘。
HINT
对于100%的数据满足N ≤ 150, M ≤ 20 000, 1 ≤ K ≤ 10, Li ≤ 10 000, 保证小智一行一定能够救出皮卡丘。至于为什么K ≤ 10,你可以认为最终在小智的号召下,小智,小霞,小刚,小建,小遥,小胜,小光,艾莉丝,天桐,还有去日本旅游的黑猫警长,一同前去大战火箭队。
Source
Day2
首先这题 很神 再其次 跪膜Icefox 大佬 秒题神速啊
首先这个问题我觉得蛮像poj2594的 类似最小权值的可重路线 但是现在我们这题给的是无向图 并且 要求满足一个类似DAG的东西 就是想要访问k 那么必须把1~k-1的都访问完 那么要保证我每个点第一次被访问只被访问一次 那么就和poj2594一模一样了 所以建图方法也相同 其次 我还可以预处理一下 某个点 从所有比他小的点转移过来需要的最小代价是多少 我是跑了n遍dijkstra求出来的这样的话 我就可以get我如果前面的点都访问过了 我到达我想要的那个点的最小代价是多少啊然后 加边的时候我是S->0 权值为k 费用为0 S->每个节点权值为1 费用为0 每个节点的另一个匹配点到T的权值为1 费用为0 然后每个点都向序号比他大的点去连边 比如权值为1 然后费用为i->j的最小路经长度 然后跑最小费用最大流即可
#include<queue> #include<vector> #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> #define pa pair<int,int> #define N 330 #define inf 0x3f3f3f3f using namespace std; inline char gc(){ static char now[1<<16],*S,*T; if (T==S){T=(S=now)+fread(now,1,1<<16,stdin);if (T==S) return EOF;} return *S++; } inline int read(){ int x=0;char ch=gc(); while(ch<'0'||ch>'9') ch=gc(); while(ch<='9'&&ch>='0') x=x*10+ch-'0',ch=gc(); return x; } int num=0,h ,f ,flag ,pre ,path ,S,T,n,mp ,m,k; struct node{ int x,y,z,next,c; }data[N*N<<2],ed[N*N<<2]; inline void insert2(int x,int y,int z){ ed[++num].y=y;ed[num].z=z;ed[num].next=h[x];h[x]=num;ed[num].x=x; ed[++num].y=x;ed[num].z=z;ed[num].next=h[y];h[y]=num;ed[num].x=y; } inline void insert1(int x,int y,int z,int c){ data[++num].y=y;data[num].z=z;data[num].c=c;data[num].next=h[x];h[x]=num; data[++num].y=x;data[num].z=0;data[num].c=-c;data[num].next=h[y];h[y]=num; } inline void dijkstra(int s){ priority_queue<pa,vector<pa>,greater<pa> >q;memset(f,0x3f,sizeof(f)); memset(flag,0,sizeof(flag));f[s]=0;q.push(make_pair(0,s)); while(!q.empty()){ int x=q.top().second;q.pop();if (flag[x]) continue;flag[x]=1; for (int i=h[x];i;i=ed[i].next){ int y=ed[i].y,z=ed[i].z; if(f[x]+z<f[y]){ f[y]=f[x]+z;if (y<s)q.push(make_pair(f[y],y)); } } } for (int i=0;i<=n;++i) mp[i][s]=f[i]; } inline bool spfa(){ memset(f,0x3f,sizeof(f));memset(pre,-1,sizeof(pre));memset(flag,0,sizeof(flag)); queue<int>q;flag[S]=1;f[S]=0;q.push(S); while(!q.empty()){ int x=q.front();q.pop();flag[x]=0; for (int i=h[x];i;i=data[i].next){ int y=data[i].y,z=data[i].z,c=data[i].c; if (f[x]+c<f[y]&&z){ f[y]=f[x]+c;pre[y]=x;path[y]=i; if (!flag[y]) flag[y]=1,q.push(y); } } }if (pre[T]==-1) return 0;else return 1; } int main(){ freopen("bzoj2324.in","r",stdin); n=read();m=read();k=read();T=n*2+1;S=T+1;memset(mp,0x3f,sizeof(mp)); for (int i=1;i<=m;++i) {int x=read(),y=read(),z=read();insert2(x,y,z);} // for (int i=1;i<=num;++i) printf("%d %d %d\n",ed[i].x,ed[i].y,ed[i].z); for (int i=1;i<=n;++i) dijkstra(i);num=1;memset(h,0,sizeof(h));insert1(S,0,k,0); for (int i=1;i<=n;++i) insert1(S,i,1,0),insert1(i+n,T,1,0); for (int i=0;i<=n;++i) for (int j=i+1;j<=n;++j) if (i!=j&&mp[i][j]!=inf) insert1(i,j+n,1,mp[i][j]); int ans=0; while(spfa()){ int minn=inf,now=T; while(now!=S) minn=min(minn,data[path[now]].z),now=pre[now];now=T; while(now!=S){ans+=data[path[now]].c*minn;data[path[now]].z-=minn;data[path[now]^1].z+=minn;now=pre[now]; } }printf("%d",ans); return 0; }
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