[BZOJ1001][BeiJing2006]狼抓兔子
2017-12-29 19:47
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Description
现在小朋友们最喜欢的"喜羊羊与灰太狼",话说灰太狼抓羊不到,但抓兔子还是比较在行的,
而且现在的兔子还比较笨,它们只有两个窝,现在你做为狼王,面对下面这样一个网格的地形:
左上角点为(1,1),右下角点为(N,M)(上图中N=4,M=5).有以下三种类型的道路
1:(x,y)<==>(x+1,y)
2:(x,y)<==>(x,y+1)
3:(x,y)<==>(x+1,y+1)
道路上的权值表示这条路上最多能够通过的兔子数,道路是无向的. 左上角和右下角为兔子的两个窝,
开始时所有的兔子都聚集在左上角(1,1)的窝里,现在它们要跑到右下解(N,M)的窝中去,狼王开始伏击
这些兔子.当然为了保险起见,如果一条道路上最多通过的兔子数为K,狼王需要安排同样数量的K只狼,
才能完全封锁这条道路,你需要帮助狼王安排一个伏击方案,使得在将兔子一网打尽的前提下,参与的
狼的数量要最小。因为狼还要去找喜羊羊麻烦.
Input
第一行为N,M.表示网格的大小,N,M均小于等于1000.
接下来分三部分
第一部分共N行,每行M-1个数,表示横向道路的权值.
第二部分共N-1行,每行M个数,表示纵向道路的权值.
第三部分共N-1行,每行M-1个数,表示斜向道路的权值.
输入文件保证不超过10M
Output
输出一个整数,表示参与伏击的狼的最小数量.
Sample Input
3 4
5 6 4
4 3 1
7 5 3
5 6 7 8
8 7 6 5
5 5 5
6 6 6
Sample Output
14
一百万个点加了当前弧优化就会T
因为首先每个点的出度只有3(算上反向边也只有6)不算大
再者加当前弧的话每次要\(O(n)\)的数组复制
所以说不加就AC了(雾)
2018-1-5 update:
注意边要连双向的因为兔子是可以往回跑的,如果连单向的话那么连样例都过不了(样例答案14跑出来11)
经球爷指出问题后已更正。
如果您曾经使用过这份代码并受到了原有错误的困扰,本人在此深表歉意。
Description
现在小朋友们最喜欢的"喜羊羊与灰太狼",话说灰太狼抓羊不到,但抓兔子还是比较在行的,
而且现在的兔子还比较笨,它们只有两个窝,现在你做为狼王,面对下面这样一个网格的地形:
左上角点为(1,1),右下角点为(N,M)(上图中N=4,M=5).有以下三种类型的道路
1:(x,y)<==>(x+1,y)
2:(x,y)<==>(x,y+1)
3:(x,y)<==>(x+1,y+1)
道路上的权值表示这条路上最多能够通过的兔子数,道路是无向的. 左上角和右下角为兔子的两个窝,
开始时所有的兔子都聚集在左上角(1,1)的窝里,现在它们要跑到右下解(N,M)的窝中去,狼王开始伏击
这些兔子.当然为了保险起见,如果一条道路上最多通过的兔子数为K,狼王需要安排同样数量的K只狼,
才能完全封锁这条道路,你需要帮助狼王安排一个伏击方案,使得在将兔子一网打尽的前提下,参与的
狼的数量要最小。因为狼还要去找喜羊羊麻烦.
Input
第一行为N,M.表示网格的大小,N,M均小于等于1000.
接下来分三部分
第一部分共N行,每行M-1个数,表示横向道路的权值.
第二部分共N-1行,每行M个数,表示纵向道路的权值.
第三部分共N-1行,每行M-1个数,表示斜向道路的权值.
输入文件保证不超过10M
Output
输出一个整数,表示参与伏击的狼的最小数量.
Sample Input
3 4
5 6 4
4 3 1
7 5 3
5 6 7 8
8 7 6 5
5 5 5
6 6 6
Sample Output
14
题解
最小割裸题一百万个点加了当前弧优化就会T
因为首先每个点的出度只有3(算上反向边也只有6)不算大
再者加当前弧的话每次要\(O(n)\)的数组复制
所以说不加就AC了(雾)
2018-1-5 update:
注意边要连双向的因为兔子是可以往回跑的,如果连单向的话那么连样例都过不了(样例答案14跑出来11)
经球爷指出问题后已更正。
如果您曾经使用过这份代码并受到了原有错误的困扰,本人在此深表歉意。
code
#include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> #include<queue> using namespace std; const int inf = 1e9; const int N = 1005*1005; struct edge{int to,next,w;}a[N<<3]; int n,m,head ,cnt=1,dep ; queue<int>Q; int gi() { int x=0,w=1;char ch=getchar(); while ((ch<'0'||ch>'9')&&ch!='-') ch=getchar(); if (ch=='-') w=0,ch=getchar(); while (ch>='0'&&ch<='9') x=(x<<3)+(x<<1)+ch-'0',ch=getchar(); return w?x:-x; } void link(int u,int v,int w) { a[++cnt]=(edge){v,head[u],w};head[u]=cnt; a[++cnt]=(edge){u,head[v],w};head[v]=cnt; } bool bfs() { memset(dep,0,sizeof(dep)); dep[1]=1;Q.push(1); while (!Q.empty()) { int u=Q.front();Q.pop(); for (int e=head[u];e;e=a[e].next) if (a[e].w&&!dep[a[e].to]) dep[a[e].to]=dep[u]+1,Q.push(a[e].to); } return dep[n*m]; } int dfs(int u,int flow) { if (flow==0||u==n*m) return flow; int ret=0; for (int e=head[u];e;e=a[e].next) if (a[e].w&&dep[a[e].to]==dep[u]+1) { int temp=dfs(a[e].to,min(flow,a[e].w)); flow-=temp;ret+=temp; a[e].w-=temp;a[e^1].w+=temp; } if (!ret) dep[u]=0; return ret; } int Dinic() { int res=0; while (bfs()) res+=dfs(1,inf); return res; } int main() { n=gi();m=gi(); int len; for (int i=1;i<=n;i++) for (int j=1;j<m;j++) len=gi(),link((i-1)*m+j,(i-1)*m+j+1,len); for (int i=1;i<n;i++) for (int j=1;j<=m;j++) len=gi(),link((i-1)*m+j,i*m+j,len); for (int i=1;i<n;i++) for (int j=1;j<m;j++) len=gi(),link((i-1)*m+j,i*m+j+1,len); printf("%d\n",Dinic()); return 0; }
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