【Wannafly挑战赛6】 C 逆序对【组合数学】
2017-12-24 22:36
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64bit IO Format: %lld
题目描述
求所有长度为n的01串中满足如下条件的二元组个数:
设第i位和第j位分别位ai和aj( i < j ),则ai=1,aj=0。
答案对1e9+7取模。
输入描述:
输入一个n。
输出描述:
输出答案对1e9+7取模
示例1
输入
3
输出
6
说明
分析: 只有每位上是0才可能得到贡献,所以我们可以对于每个位置上是0的情况进行讨论,假如第i个位置上为0,则其前面有i-1个数字,一共有2^(i-1)中情况,(脑补一下你就会发现,这所有的情况里面0的个数和1的个数是一样多的)然后我们得到这2^(i-1)种情况中共有(i-1) * 2 ^ (i - 1 ) / 2 个贡献值。然后再讨论第i个位置后面,其后面是什么根本不影响,所以有2^(n-i)种情况,综上:对于第i个位置为0得到的贡献值为 : (i-1) * 2 ^ (n-2) .
所以对于所有的位置求和就行了。
ans = n* (n-1)* 2^( n -3 ).
代码
空间限制:C/C++ 131072K,其他语言262144K
64bit IO Format: %lld
题目描述
求所有长度为n的01串中满足如下条件的二元组个数:
设第i位和第j位分别位ai和aj( i < j ),则ai=1,aj=0。
答案对1e9+7取模。
输入描述:
输入一个n。
输出描述:
输出答案对1e9+7取模
示例1
输入
3
输出
6
说明
分析: 只有每位上是0才可能得到贡献,所以我们可以对于每个位置上是0的情况进行讨论,假如第i个位置上为0,则其前面有i-1个数字,一共有2^(i-1)中情况,(脑补一下你就会发现,这所有的情况里面0的个数和1的个数是一样多的)然后我们得到这2^(i-1)种情况中共有(i-1) * 2 ^ (i - 1 ) / 2 个贡献值。然后再讨论第i个位置后面,其后面是什么根本不影响,所以有2^(n-i)种情况,综上:对于第i个位置为0得到的贡献值为 : (i-1) * 2 ^ (n-2) .
所以对于所有的位置求和就行了。
ans = n* (n-1)* 2^( n -3 ).
代码
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; #define LL long long const int MAXN = 100 ; const int MAXM = 1e6 ; const int mod = 1e9+7; LL qpow(LL a,LL b,LL c){ LL base=a%c,s=1; while(b){ if(b&1) s=s*base%c; base=base*base%c; b>>=1; } return s; } int main(){ LL n; while(scanf("%lld",&n)!=EOF){ if(n==0||n==1) puts("0"); else if(n==2) puts("1"); else printf("%lld\n",(n%mod*((n-1)%mod)%mod*qpow(2,n-3,mod)%mod+mod)%mod) ; } return 0; }
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