bzoj2299 [HAOI2011]向量 结论 裴蜀定理
2017-12-24 08:53
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这个题首先需要用分类的思想
首先+-a,+-b 和 +-b,+-a是两类
然后由于操作的数比较固定,所以不考虑值,只考虑操作次数
然后发现对于同一类的同一个坐标,两个相反的操作可以消除
所以两个坐标的净操作差值应该是2的倍数
然后根据裴蜀定理, nx+my==gcd(x,y)一定有解
所以对于不同类的同一个坐标,他一定是gcd(x,y)的倍数,
为了保证同一类的不同坐标差值是2的倍数,就考虑同一类型不同坐标的两个解 x1、x2
若2|x1 && 2|x2,则差值一定是2的倍数
若(2|x1 && !2|x2 ) || (!2|x1 && 2|x2 ),则不存在合法解
若 !2|x1 && !2|x2 则 2|(x1+1)&&2|(x2+1),存在合法解,于是可以想到对x1和x2枚举+1 %2来判断差值是否是偶数
码:
#include<iostream>
#include<cstdio>
using namespace std;
int T;
long long a,b,x,y,i,d;
long long gcd(long long a,long long b)
{
if(!b)return a;
return gcd(b,a%b);
}
bool ky(long long a,long long b)
{
return (a%d==0&&b%d==0);
}
int main()
{
scanf("%d",&T);
while(T--)
{
scanf("%lld%lld%lld%lld",&a,&b,&x,&y);d=gcd(a,b)*2;
if(ky(x,y)|ky(x+a,y+b)|ky(x+b,y+a)|ky(x+a+b,y+a+b))printf("Y\n");
else printf("N\n");
}
}
首先+-a,+-b 和 +-b,+-a是两类
然后由于操作的数比较固定,所以不考虑值,只考虑操作次数
然后发现对于同一类的同一个坐标,两个相反的操作可以消除
所以两个坐标的净操作差值应该是2的倍数
然后根据裴蜀定理, nx+my==gcd(x,y)一定有解
所以对于不同类的同一个坐标,他一定是gcd(x,y)的倍数,
为了保证同一类的不同坐标差值是2的倍数,就考虑同一类型不同坐标的两个解 x1、x2
若2|x1 && 2|x2,则差值一定是2的倍数
若(2|x1 && !2|x2 ) || (!2|x1 && 2|x2 ),则不存在合法解
若 !2|x1 && !2|x2 则 2|(x1+1)&&2|(x2+1),存在合法解,于是可以想到对x1和x2枚举+1 %2来判断差值是否是偶数
码:
#include<iostream>
#include<cstdio>
using namespace std;
int T;
long long a,b,x,y,i,d;
long long gcd(long long a,long long b)
{
if(!b)return a;
return gcd(b,a%b);
}
bool ky(long long a,long long b)
{
return (a%d==0&&b%d==0);
}
int main()
{
scanf("%d",&T);
while(T--)
{
scanf("%lld%lld%lld%lld",&a,&b,&x,&y);d=gcd(a,b)*2;
if(ky(x,y)|ky(x+a,y+b)|ky(x+b,y+a)|ky(x+a+b,y+a+b))printf("Y\n");
else printf("N\n");
}
}
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