[NOI2014]魔法森林
2017-12-19 08:32
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题目描述
为了得到书法大家的真传,小 E 同学下定决心去拜访住在魔法森林中的隐 士。魔法森林可以被看成一个包含 n 个节点 m 条边的无向图,节点标号为 1,2,3,…,n,边标号为 1,2,3,…,m。初始时小 E 同学在 1 号节点,隐士则住在 n 号节点。小 E 需要通过这一片魔法森林,才能够拜访到隐士。
魔法森林中居住了一些妖怪。每当有人经过一条边的时候,这条边上的妖怪 就会对其发起攻击。幸运的是,在 1 号节点住着两种守护精灵:A 型守护精灵与 B 型守护精灵。小 E 可以借助它们的力量,达到自己的目的。
只要小 E 带上足够多的守护精灵,妖怪们就不会发起攻击了。具体来说,无 向图中的每一条边 ei 包含两个权值 ai 与 bi 。若身上携带的 A 型守护精灵个数不 少于 ai ,且 B 型守护精灵个数不少于 bi ,这条边上的妖怪就不会对通过这条边 的人发起攻击。当且仅当通过这片魔法森林的过程中没有任意一条边的妖怪向 小 E 发起攻击,他才能成功找到隐士。
由于携带守护精灵是一件非常麻烦的事,小 E 想要知道,要能够成功拜访到 隐士,最少需要携带守护精灵的总个数。守护精灵的总个数为 A 型守护精灵的 个数与 B 型守护精灵的个数之和。
输入输出格式
输入格式:
输入文件的第 1 行包含两个整数 n,m,表示无向图共有 n 个节点,m 条边。 接下来 m 行,第i+ 1 行包含 4 个正整数 Xi,Yi,ai,bi,描述第i条无向边。 其中Xi与 Yi为该边两个端点的标号,ai 与 bi 的含义如题所述。 注意数据中可能包含重边与自环。
输出格式:
输出一行一个整数:如果小 E 可以成功拜访到隐士,输出小 E 最少需要携 带的守护精灵的总个数;如果无论如何小 E 都无法拜访到隐士,输出“-1”(不 含引号)。
输入输出样例
输入样例#1: 复制
4 5
1 2 19 1
2 3 8 12
2 4 12 15
1 3 17 8
3 4 1 17
输出样例#1: 复制
32
输入样例#2: 复制
3 1
1 2 1 1
输出样例#2: 复制
-1
说明
解释1
如果小 E 走路径 1→2→4,需要携带 19+15=34 个守护精灵; 如果小 E 走路径 1→3→4,需要携带 17+17=34 个守护精灵; 如果小 E 走路径 1→2→3→4,需要携带 19+17=36 个守护精灵; 如果小 E 走路径 1→3→2→4,需要携带 17+15=32 个守护精灵。 综上所述,小 E 最少需要携带 32 个守护精灵。
解释2
小 E 无法从 1 号节点到达 3 号节点,故输出-1。
将所有边权按a从小到大排序
然后依次插入边,对新插入边的两个点放进队列里跑spfa,维护从1->n b的最小值
答案即为现在最大的a值+1->n的最短路
lct什么的以后在补
为了得到书法大家的真传,小 E 同学下定决心去拜访住在魔法森林中的隐 士。魔法森林可以被看成一个包含 n 个节点 m 条边的无向图,节点标号为 1,2,3,…,n,边标号为 1,2,3,…,m。初始时小 E 同学在 1 号节点,隐士则住在 n 号节点。小 E 需要通过这一片魔法森林,才能够拜访到隐士。
魔法森林中居住了一些妖怪。每当有人经过一条边的时候,这条边上的妖怪 就会对其发起攻击。幸运的是,在 1 号节点住着两种守护精灵:A 型守护精灵与 B 型守护精灵。小 E 可以借助它们的力量,达到自己的目的。
只要小 E 带上足够多的守护精灵,妖怪们就不会发起攻击了。具体来说,无 向图中的每一条边 ei 包含两个权值 ai 与 bi 。若身上携带的 A 型守护精灵个数不 少于 ai ,且 B 型守护精灵个数不少于 bi ,这条边上的妖怪就不会对通过这条边 的人发起攻击。当且仅当通过这片魔法森林的过程中没有任意一条边的妖怪向 小 E 发起攻击,他才能成功找到隐士。
由于携带守护精灵是一件非常麻烦的事,小 E 想要知道,要能够成功拜访到 隐士,最少需要携带守护精灵的总个数。守护精灵的总个数为 A 型守护精灵的 个数与 B 型守护精灵的个数之和。
输入输出格式
输入格式:
输入文件的第 1 行包含两个整数 n,m,表示无向图共有 n 个节点,m 条边。 接下来 m 行,第i+ 1 行包含 4 个正整数 Xi,Yi,ai,bi,描述第i条无向边。 其中Xi与 Yi为该边两个端点的标号,ai 与 bi 的含义如题所述。 注意数据中可能包含重边与自环。
输出格式:
输出一行一个整数:如果小 E 可以成功拜访到隐士,输出小 E 最少需要携 带的守护精灵的总个数;如果无论如何小 E 都无法拜访到隐士,输出“-1”(不 含引号)。
输入输出样例
输入样例#1: 复制
4 5
1 2 19 1
2 3 8 12
2 4 12 15
1 3 17 8
3 4 1 17
输出样例#1: 复制
32
输入样例#2: 复制
3 1
1 2 1 1
输出样例#2: 复制
-1
说明
解释1
如果小 E 走路径 1→2→4,需要携带 19+15=34 个守护精灵; 如果小 E 走路径 1→3→4,需要携带 17+17=34 个守护精灵; 如果小 E 走路径 1→2→3→4,需要携带 19+17=36 个守护精灵; 如果小 E 走路径 1→3→2→4,需要携带 17+15=32 个守护精灵。 综上所述,小 E 最少需要携带 32 个守护精灵。
解释2
小 E 无法从 1 号节点到达 3 号节点,故输出-1。
将所有边权按a从小到大排序
然后依次插入边,对新插入边的两个点放进队列里跑spfa,维护从1->n b的最小值
答案即为现在最大的a值+1->n的最短路
lct什么的以后在补
#include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> #include <queue> #include <vector> #include <algorithm> using namespace std; const int maxn=50000+10; struct Edge{ int f,t,a,b; bool operator <(const Edge &x)const{ return a<x.a; } }E[maxn*2]; vector<int>A[maxn]; vector<int>C[maxn]; int dis[maxn]; int vis[maxn]; int fa[maxn]; queue<int>q; inline int find(int x){ if(x==fa[x]) return x; return fa[x]=find(fa[fa[fa[x]]]); } int main(){ //freopen("magicalforest.in","r",stdin); //freopen("magicalforest.out","w",stdout); int n,m; scanf("%d %d",&n,&m); for(int i=1;i<=m;i++) scanf("%d %d %d %d",&E[i].f,&E[i].t,&E[i].a,&E[i].b); sort(E+1,E+m+1); for(int i=1;i<=n;i++) fa[i]=i; int tmp=1; while(find(1)!=find(n)){ if(tmp>m) break; int ff=find(E[tmp].f),ft=find(E[tmp].t); if(ff!=ft) fa[ff]=ft; A[E[tmp].f].push_back(E[tmp].t); C[E[tmp].f].push_back(E[tmp].b); A[E[tmp].t].push_back(E[tmp].f); C[E[tmp].t].push_back(E[tmp].b); tmp++; } if(tmp>m){ puts("-1"); return 0; } memset(dis,127/2,sizeof(dis)); int ans=0x7fffffff; q.push(1); dis[1]=0; vis[1]=1; while(!q.empty()){ int x=q.front(); q.pop(); for(int i=0;i<A[x].size();i++){ int u=A[x][i]; if(dis[u]>max(dis[x],C[x][i])){ dis[u]=max(dis[x],C[x][i]); if(!vis[u]){ q.push(u); vis[u]=1; } } } vis[x]=0; } ans=min(ans,E[tmp-1].a+dis ); while(tmp<=m){ if(dis[E[tmp].t]>max(dis[E[tmp].f],E[tmp].b)){ dis[E[tmp].t]=max(dis[E[tmp].f],E[tmp].b); q.push(E[tmp].t); vis[E[tmp].t]=1; } if(dis[E[tmp].f]>max(dis[E[tmp].t],E[tmp].b)){ dis[E[tmp].f]=max(dis[E[tmp].t],E[tmp].b); q.push(E[tmp].f); vis[E[tmp].f]=1; } while(!q.empty()){ int x=q.front(); q.pop(); for(int i=0;i<A[x].size();i++){ int u=A[x][i]; if(dis[u]>max(dis[x],C[x][i])){ dis[u]=max(dis[x],C[x][i]); if(!vis[u]){ q.push(u); vis[u]=1; } } } vis[x]=0; } ans=min(ans,dis +E[tmp].a); A[E[tmp].f].push_back(E[tmp].t); C[E[tmp].f].push_back(E[tmp].b); A[E[tmp].t].push_back(E[tmp].f); C[E[tmp] b8fe .t].push_back(E[tmp].b); tmp++; } printf("%d\n",ans); return 0; }
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