HDU 1728 逃离迷宫【BFS】
2017-12-17 13:40
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逃离迷宫
Time Limit: 1000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 30115 Accepted Submission(s): 7393
Problem Description
给定一个m × n (m行, n列)的迷宫,迷宫中有两个位置,gloria想从迷宫的一个位置走到另外一个位置,当然迷宫中有些地方是空地,gloria可以穿越,有些地方是障碍,她必须绕行,从迷宫的一个位置,只能走到与它相邻的4个位置中,当然在行走过程中,gloria不能走到迷宫外面去。令人头痛的是,gloria是个没什么方向感的人,因此,她在行走过程中,不能转太多弯了,否则她会晕倒的。我们假定给定的两个位置都是空地,初始时,gloria所面向的方向未定,她可以选择4个方向的任何一个出发,而不算成一次转弯。gloria能从一个位置走到另外一个位置吗?
Input
第1行为一个整数t (1 ≤ t ≤ 100),表示测试数据的个数,接下来为t组测试数据,每组测试数据中,
第1行为两个整数m, n (1 ≤ m, n ≤ 100),分别表示迷宫的行数和列数,接下来m行,每行包括n个字符,其中字符’.’表示该位置为空地,字符’*’表示该位置为障碍,输入数据中只有这两种字符,每组测试数据的最后一行为5个整数k, x1, y1, x2, y2 (1 ≤ k ≤ 10, 1 ≤ x1, x2 ≤ n, 1 ≤ y1, y2 ≤ m),其中k表示gloria最多能转的弯数,(x1, y1), (x2, y2)表示两个位置,其中x1,x2对应列,y1, y2对应行。
Output
每组测试数据对应为一行,若gloria能从一个位置走到另外一个位置,输出“yes”,否则输出“no”。
Sample Input
2
5 5
…**
.*.
…..
…..
*….
1 1 1 1 3
5 5
…**
.*.
…..
…..
*….
2 1 1 1 3
Sample Output
no
yes
Source
“网新恩普杯”杭州电子科技大学程序设计邀请赛
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大一的时候被卡住的一道题
分析:从表面来看问题的关键是如何确定转弯方向,这个好说,标记好当前状态,现在状态。不是同一方向就+1,然后呢用优先队列来维护。k的取值范围不大,或许能解决。
如果没有优先队列,却又要维护最优解,为之奈何?
处理每一个点的时候,都把和其方向相同的点全部处理,这样就保证已经标记过的点肯定是最优!
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给定一个m × n (m行, n列)的迷宫,迷宫中有两个位置,gloria想从迷宫的一个位置走到另外一个位置,当然迷宫中有些地方是空地,gloria可以穿越,有些地方是障碍,她必须绕行,从迷宫的一个位置,只能走到与它相邻的4个位置中,当然在行走过程中,gloria不能走到迷宫外面去。令人头痛的是,gloria是个没什么方向感的人,因此,她在行走过程中,不能转太多弯了,否则她会晕倒的。我们假定给定的两个位置都是空地,初始时,gloria所面向的方向未定,她可以选择4个方向的任何一个出发,而不算成一次转弯。gloria能从一个位置走到另外一个位置吗?
Input
第1行为一个整数t (1 ≤ t ≤ 100),表示测试数据的个数,接下来为t组测试数据,每组测试数据中,
第1行为两个整数m, n (1 ≤ m, n ≤ 100),分别表示迷宫的行数和列数,接下来m行,每行包括n个字符,其中字符’.’表示该位置为空地,字符’*’表示该位置为障碍,输入数据中只有这两种字符,每组测试数据的最后一行为5个整数k, x1, y1, x2, y2 (1 ≤ k ≤ 10, 1 ≤ x1, x2 ≤ n, 1 ≤ y1, y2 ≤ m),其中k表示gloria最多能转的弯数,(x1, y1), (x2, y2)表示两个位置,其中x1,x2对应列,y1, y2对应行。
Output
每组测试数据对应为一行,若gloria能从一个位置走到另外一个位置,输出“yes”,否则输出“no”。
Sample Input
2
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…**
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1 1 1 1 3
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2 1 1 1 3
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no
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如果没有优先队列,却又要维护最优解,为之奈何?
处理每一个点的时候,都把和其方向相同的点全部处理,这样就保证已经标记过的点肯定是最优!
#include<iostream> #include<queue> #include<cstring> #include<cstdio> #include<algorithm> using namespace std; struct node { int x, y; int to; int step; }; int dx[4] = { 0,0,1,-1 }; int dy[4] = { 1,-1,0,0 }; node st, ed; int m, n, k; char mp[105][105]; int vis[105][105]; void bfs() { bool flag = 0; queue<node> q; st.step = -1; st.to = 0; q.push(st); vis[st.x][st.y] = 1; while (!q.empty()) { node nw = q.front(); //cout << nw.x << " " << nw.y << " " << nw.to << " " << nw.step << endl; q.pop(); if (nw.x == ed.x&&nw.y == ed.y&&nw.step <= k) { flag = 1; break; } //if (nw.step > k) break; node tmp; for (int i = 0; i < 4; i++) { tmp.x = nw.x + dx[i]; tmp.y = nw.y + dy[i]; node cs; while (tmp.x >= 0 && tmp.x < m&&tmp.y >= 0 && tmp.y < n&&mp[tmp.x][tmp.y] != '*') { if (vis[tmp.x][tmp.y] == 0) { tmp.step = nw.step + 1; vis[tmp.x][tmp.y] = 1; q.push(tmp); } cs.x = tmp.x + dx[i]; cs.y = tmp.y + dy[i]; tmp = cs; } } } if (flag) printf("yes\n"); else printf("no\n"); } int main() { int t; scanf("%d", &t); while (t--) { memset(vis, 0, sizeof vis); scanf("%d %d", &m, &n); for (int i 4000 = 0; i < m; i++) { scanf("%s", mp[i]); } scanf("%d %d %d %d %d", &k, &st.y, &st.x, &ed.y, &ed.x); st.x--; st.y--; ed.x--; ed.y--; bfs(); } return 0; }
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