JZOJ5436. 【NOIP2017提高A组集训10.30】Group DP
2017-10-30 14:33
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题意:把n个数分成若干组,要求每组的极差和不超过k的方案数。
初看的时候很熟悉,应该做过(flag)但是不记得了。
一个很显然的想法是设f[i][j][k]表示做完前i-1个,分了j组,和为k,发现无法转移,因为没有记录每组的最大最小值。。
那么重新来,设f[i][j][k]表示做完前i-1个,还有j组没有分配最大值,极差和为k的方案数。
然后我们发现好像还是不大好转移最小值,于是我们可以用差分的思想,首先把所有数排序,然后发现每一组的价格差就是相邻两个差之和,也就是最大值与最小值之间所有相邻数字差之和。然后在dp的时候往没能确定的组里面加入a[i]-a[i-1],那么就可以写出转移式子。设x=a[i]-a[i-1],还要向没分好的j个组里面添加的差值tmp=x*j。
那么新的差值和就是tmp+k.
共有四种方案:
第一种,新开一组,a[i]为开头元素。
f[i][j+1][tmp+k]+=f[i−1][j][k]
第二种,新开的这个组只有a[i]一个元素。
f[i][j][tmp+k]+=f[i−1][j][k]
第三种,a[i]加入旧的一组,并且不是结束的那个元素。
f[i][j][tmp+k]+=f[i−1][j][k]∗j(j>0)
第四种,a[i]加入旧的一组,并且这个组不再添加其他元素。
f[i][j−1][tmp+k]+=f[i−1][j][k]∗j(j>0)
注意到*j,意义是加入任何一个未分好的组,所以j种方案。
然后空间不够,记得滚动啦。
原题:jzoj4830
初看的时候很熟悉,应该做过(flag)但是不记得了。
一个很显然的想法是设f[i][j][k]表示做完前i-1个,分了j组,和为k,发现无法转移,因为没有记录每组的最大最小值。。
那么重新来,设f[i][j][k]表示做完前i-1个,还有j组没有分配最大值,极差和为k的方案数。
然后我们发现好像还是不大好转移最小值,于是我们可以用差分的思想,首先把所有数排序,然后发现每一组的价格差就是相邻两个差之和,也就是最大值与最小值之间所有相邻数字差之和。然后在dp的时候往没能确定的组里面加入a[i]-a[i-1],那么就可以写出转移式子。设x=a[i]-a[i-1],还要向没分好的j个组里面添加的差值tmp=x*j。
那么新的差值和就是tmp+k.
共有四种方案:
第一种,新开一组,a[i]为开头元素。
f[i][j+1][tmp+k]+=f[i−1][j][k]
第二种,新开的这个组只有a[i]一个元素。
f[i][j][tmp+k]+=f[i−1][j][k]
第三种,a[i]加入旧的一组,并且不是结束的那个元素。
f[i][j][tmp+k]+=f[i−1][j][k]∗j(j>0)
第四种,a[i]加入旧的一组,并且这个组不再添加其他元素。
f[i][j−1][tmp+k]+=f[i−1][j][k]∗j(j>0)
注意到*j,意义是加入任何一个未分好的组,所以j种方案。
然后空间不够,记得滚动啦。
原题:jzoj4830
#include<cstdio> #include<algorithm> #include<cstring> #define fo(i,a,b) for(int i=a;i<=b;i++) #define fd(i,a,b) for(int i=a;i>=b;i--) using namespace std; typedef long long ll; const int mo=1e9+7; const int N=1e5+5; ll f[5][205][1015]; int n,m,a ; int main() { freopen("group.in","r",stdin); freopen("group.out","w",stdout); scanf("%d%d",&n,&m); fo(i,1,n)scanf("%d",&a[i]); sort(a+1,a+n+1); int now=0; f[now][0][0]=1; fo(i,1,n) { now^=1; int x=a[i]-a[i-1]; memset(f[now],0,sizeof(f[now])); fo(j,0,i-1) { int tmp=x*j; fo(k,0,m) { if(tmp+k>m)continue; int v=tmp+k; f[now][j+1][v]=(f[now][j+1][v]+f[1-now][j][k])%mo; f[now][j][v]=(f[now][j][v]+f[1-now][j][k])%mo; if (j) { f[now][j][v]=(f[now][j][v]+f[1-now][j][k]*j)%mo; f[now][j-1][v]=(f[now][j-1][v]+f[1-now][j][k]*j)%mo; } } } } ll ans=0; fo(i,0,m) ans=(ans+f[now][0][i])%mo; printf("%lld\n",ans); }
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