NOIP模拟10.26
2017-10-26 16:28
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Poetize11
A.rainbow. 挂精度了。30。思路好像也有点问题·。。。正解是二分答案,通过勾股定理求出每个半圆能够覆盖的线段。此时问题转化为线段覆盖问题,排序扫描一遍即可。(直接拿圆判可能会有特例?)
B.clover。状压dp+dfs瞎搞。。70.
正解是最小生成树+状压dp。暴力的求出每个集合的和,若为0,则对这个集合做最小生成树,它的mst就是使得这个集合的点都合法的代价。然后如果s1,s2两个集合不重复,且都可以合法,则s1与s2的并集也可以由他俩的代价和实现合法,状压转移一下取最小值即可。(我本以为这样的转移会T,但是想一想常数应该极小。)
C.fin。dp打表了AC hh。实质上可以根据这道题的特性,把dp优化下,简直黑科技。处理出深度为d时,可能的最大节点数和最小节点数,这样转移就不会T了。。。还要注意这题输出贼坑,本来不少于九位的要输出前导0。。打表看一下分界点在38.。还好我打表了hh %%%Visjiao
满分版
A.rainbow. 挂精度了。30。思路好像也有点问题·。。。正解是二分答案,通过勾股定理求出每个半圆能够覆盖的线段。此时问题转化为线段覆盖问题,排序扫描一遍即可。(直接拿圆判可能会有特例?)
B.clover。状压dp+dfs瞎搞。。70.
正解是最小生成树+状压dp。暴力的求出每个集合的和,若为0,则对这个集合做最小生成树,它的mst就是使得这个集合的点都合法的代价。然后如果s1,s2两个集合不重复,且都可以合法,则s1与s2的并集也可以由他俩的代价和实现合法,状压转移一下取最小值即可。(我本以为这样的转移会T,但是想一想常数应该极小。)
C.fin。dp打表了AC hh。实质上可以根据这道题的特性,把dp优化下,简直黑科技。处理出深度为d时,可能的最大节点数和最小节点数,这样转移就不会T了。。。还要注意这题输出贼坑,本来不少于九位的要输出前导0。。打表看一下分界点在38.。还好我打表了hh %%%Visjiao
A
#include <cstdio> #include <cstring> #include <cmath> #include <algorithm> using namespace std; #define ll long long #define inf 0x3f3f3f3f #define N 10 #define eps 1e-4 #define pa pair<double,double> double h,x0,x ,ra ; pa a ; bool jud(double mid){ for(int i=1;i<=7;++i){ double r=ra[i]+mid,l=sqrt(r*r-h*h); a[i].first=x[i]-l;a[i].second=x[i]+l; }sort(a+1,a+8); double r=0; for(int i=1;i<=7;++i){ if(a[i].first>r) return 0;r=max(a[i].second,r); if(r>=x0) return 1; }return r>=x0; } int main(){ // freopen("rainbow10.in","r",stdin); scanf("%lf%lf",&h,&x0); for(int i=1;i<=7;++i) scanf("%lf%lf",&x[i],&ra[i]); double l=0.0,r=20000.0; while(r-l>=eps){ double mid=(l+r)/2; if(jud(mid)) r=mid; else l=mid; }printf("%.2f\n",r); return 0; }
B
70分版#include <cstdio> #include <cstring> #include <iostream> using namespace std; #define ll long long #define inf 0x3f3f3f3f #define N 20 inline int read(){ int x=0,f=1;char ch=getchar(); while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();} while(ch>='0'&&ch<='9') x=x*10+ch-'0',ch=getchar(); return x*f; } int n,m,mp ,bin ,a ,f[100000];//f[s],s状态的所有点联通的最小花费 int ans=inf,bel ,ss ,sum ; void dfs(int x,int tot){//tot--现在有几个联通块 if(x==n){ int res=0; for(int i=1;i<=tot;++i){ if(f[ss[i]]==inf||sum[i]!=0) return; res+=f[ss[i]]; }ans=min(ans,res);return; } for(int i=1;i<=tot;++i){ bel[x]=i;ss[i]|=bin[x];sum[i]+=a[x]; dfs(x+1,tot);ss[i]^=bin[x];sum[i]-=a[x]; }bel[x]=tot+1;ss[tot+1]|=bin[x];sum[tot+1]+=a[x]; dfs(x+1,tot+1);ss[tot+1]^=bin[x];sum[tot+1]-=a[x]; } int main(){ // freopen("clover.in","r",stdin); n=read();m=read();memset(mp,inf,sizeof(mp));memset(f,inf,sizeof(f)); for(int i=0;i<n;++i) a[i]=read();bin[0]=1; for(int i=1;i<=n;++i) bin[i]=bin[i-1]<<1; while(m--){ int x=read(),y=read();mp[x][y]=mp[y][x]=read(); }for(int i=0;i<n;++i) f[bin[i]]=0; for(int s=1;s<bin -1;++s){ for(int i=0;i<n;++i){ if(s&bin[i]) continue; for(int j=0;j<n;++j){ if((s&bin[j])==0||mp[i][j]==inf) continue; f[s|bin[i]]=min(f[s|bin[i]],f[s]+mp[i][j]); } } }dfs(0,0); if(ans==inf) puts("Impossible"); else printf("%d\n",ans); return 0; }
满分版
#include <cstdio> #include <cstring> #include <iostream> #include <vector> #include <algorithm> using namespace std; #define ll long long #define inf 0x3f3f3f3f #define N 20 inline int read(){ int x=0,f=1;char ch=getchar(); while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();} while(ch>='0'&&ch<='9') x=x*10+ch-'0',ch=getchar(); return x*f; } int n,m,a ,bin ,fa ,sum[100000],dp[100000];//dp[s]-s状态均合法的最小代价 struct edge{ int x,y,val; }e[N*N>>1]; vector<int>b; inline bool cmp(edge x,edge y){ return x.val 12d3a <y.val; } inline int find(int x){return x==fa[x]?x:fa[x]=find(fa[x]);} int Kruskal(int s){ int tot=0,res=0; for(int i=0;i<n;++i) if(s&bin[i]) fa[i]=i,tot++; for(int i=1;i<=m;++i){ if(s&bin[e[i].x]&&s&bin[e[i].y]){ int xx=find(e[i].x),yy=find(e[i].y); if(xx!=yy) fa[xx]=yy,res+=e[i].val,tot--; } }if(tot!=1) return inf;return res; } int main(){ // freopen("a.in","r",stdin); n=read();m=read();bin[0]=1;memset(dp,inf,sizeof(dp)); for(int i=0;i<n;++i) a[i]=read(),bin[i+1]=bin[i]<<1; for(int i=1;i<=m;++i) e[i].x=read(),e[i].y=read(),e[i].val=read(); sort(e+1,e+m+1,cmp); for(int s=1;s<=bin -1;++s) for(int i=0;i<n;++i) if(s&bin[i]) sum[s]+=a[i]; for(int s=1;s<=bin -1;++s) if(!sum[s]) dp[s]=Kruskal(s);//和为0,算代价 for(int s1=1;s1<=bin -1;++s1){ if(dp[s1]==inf) continue; for(int s2=s1+1;s2<=bin -1;++s2){ if(dp[s2]==inf||s2&s1) continue; dp[s2|s1]=min(dp[s2|s1],dp[s1]+dp[s2]); } }if(dp[bin -1]==inf) puts("Impossible"); else printf("%d\n",dp[bin -1]); return 0; }
C
#include <cstdio> #include <cstring> #inclu de <iostream> using namespace std; #define ll long long #define inf 0x3f3f3f3f #define N 3010 #define mod 1000000000 inline int read(){ int x=0,f=1;char ch=getchar(); while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();} while(ch>='0'&&ch<='9') x=x*10+ch-'0',ch=getchar(); return x*f; } int n,dp ,mx ,mn ,ans ,d; int main(){ // freopen("fin.in","r",stdin); mx[1]=mn[1]=1;dp[0][0]=1;dp[1][1]=1; for(d=2;d;d++){//mn[d],深度为d,满足要求的树的最小节点数 mn[d]=mn[d-1]+mn[d-2]+1;if(mn[d]>3000) break; mx[d]=mx[d-1]+mx[d-1]+1;if(mx[d]>3000) mx[d]=3000; for(int i=mn[d];i<=mx[d];++i) for(int j=mn[d-1];j<=mx[d-1]&&j<i;++j){ dp[i][d]=((ll)dp[j][d-1]*dp[i-1-j][d-2]*2+dp[i][d])%mod; dp[i][d]=(dp[i][d]+(ll)dp[j][d-1]*dp[i-1-j][d-1])%mod; } } for(int i=1;i<=3000;++i) for(int j=1;j<=d;++j) ans[i]=(ans[i]+dp[i][j])%mod; while(1){ scanf("%d",&n);if(!n) break; if(n>=38) printf("%09d\n",ans ); else printf("%d\n",ans ); } return 0; }
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