POJ3666 Making the Grade & Codeforces 713C
2017-09-28 16:53
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POJ3666题目大意
给定一个序列,可以变化其中的数字,总代价为|A1 - B1| + |A2 - B2| + … + |AN - BN|
求最少的代价,使这个序列变为单调不严格上升或下降序列
这个题应该是DP来做的,但是如何设计状态呢??
可以发现,在每个位置,答案和两个因素有关(只考虑不严格上升)
1.目前序列中的最大值,这个最大值越小,接下来就越好接数字
2.前一位的最大值,越小越好
这样就可以设计一个DP状态:设dp[i][j]为前i个位置中最大值为j时的最小花费,但是这样的话就需要枚举所有可能的j,好大的说。。。
有个可以用来离散化的想法是,无论某个数怎么变化,都一定会变化为原数列的某个数,不会产生新的数。这个想法很难解释,我得YY一下。我想是因为无论某个数怎么变化,都是和原来数列中的数比较(假设现在只变化这一个数),那么不管是递增还是递减,这个数要和最接近它的数比较,比较之后,如果这个数比较大,那只需要降到和最接近它的数相同;如果比较小,则需要升到相同。
产生一个全新的数要么不合法,要么过头了,浪费操作。
离散化操作:把输入的数列a[]排序后得到b[]数组
那么对于一个x和a
(n为除了i和i+1以外的下标),若有b[i]<x<b[i+1]
则a
最少花费的转移一定是到b[i]或者b[i+1]的
离散化后的转移则是
dp[i][j]=|a[i]−b[j]|+min(dp[i−1][k])k⩽j
然后发现这个k是可以优化掉的,用一个变量minn保存下来,更新j的时候同时更新minn,就不用每次都去枚举k了。
最后就是,数据有bug,只需要求一次上升就可以了。。。
如果要再求一次下降的并取min
可以把原序列倒过来,求一次上升,相当于求了下降
代码上唯一的不同是输入的时候加了
这里就可以YY一下了,首先我们需要把ai≤ai+1转换为ai<ai+1
那么有这种巧妙的方法:
ai<ai+1⟺ai≤ai+1−1
ai≤ai+1−1⟺ai−i≤ai+1−i−1
ai<ai+1⟺ai−i≤ai+1−(i+1)
这样我们求一个a[i]-i序列不严格上升的最少花费,就等价于求一个a[i]序列严格上升的最少花费。
给定一个序列,可以变化其中的数字,总代价为|A1 - B1| + |A2 - B2| + … + |AN - BN|
求最少的代价,使这个序列变为单调不严格上升或下降序列
这个题应该是DP来做的,但是如何设计状态呢??
可以发现,在每个位置,答案和两个因素有关(只考虑不严格上升)
1.目前序列中的最大值,这个最大值越小,接下来就越好接数字
2.前一位的最大值,越小越好
这样就可以设计一个DP状态:设dp[i][j]为前i个位置中最大值为j时的最小花费,但是这样的话就需要枚举所有可能的j,好大的说。。。
有个可以用来离散化的想法是,无论某个数怎么变化,都一定会变化为原数列的某个数,不会产生新的数。这个想法很难解释,我得YY一下。我想是因为无论某个数怎么变化,都是和原来数列中的数比较(假设现在只变化这一个数),那么不管是递增还是递减,这个数要和最接近它的数比较,比较之后,如果这个数比较大,那只需要降到和最接近它的数相同;如果比较小,则需要升到相同。
产生一个全新的数要么不合法,要么过头了,浪费操作。
离散化操作:把输入的数列a[]排序后得到b[]数组
那么对于一个x和a
(n为除了i和i+1以外的下标),若有b[i]<x<b[i+1]
则a
最少花费的转移一定是到b[i]或者b[i+1]的
离散化后的转移则是
dp[i][j]=|a[i]−b[j]|+min(dp[i−1][k])k⩽j
然后发现这个k是可以优化掉的,用一个变量minn保存下来,更新j的时候同时更新minn,就不用每次都去枚举k了。
最后就是,数据有bug,只需要求一次上升就可以了。。。
如果要再求一次下降的并取min
可以把原序列倒过来,求一次上升,相当于求了下降
另外,CF的713C跟这题基本上一样
求的是严格上升序列操作代码上唯一的不同是输入的时候加了
for(int i=1; i<=n; i++) { cin >> a[i]; a[i] -= i; //和POJ3666唯一不同的地方 b[i] = a[i]; }
这里就可以YY一下了,首先我们需要把ai≤ai+1转换为ai<ai+1
那么有这种巧妙的方法:
ai<ai+1⟺ai≤ai+1−1
ai≤ai+1−1⟺ai−i≤ai+1−i−1
ai<ai+1⟺ai−i≤ai+1−(i+1)
这样我们求一个a[i]-i序列不严格上升的最少花费,就等价于求一个a[i]序列严格上升的最少花费。
//POJ3666 Making the Grade #include <cstdio> #include <iostream> #include <algorithm> #define Abs(a) ((a)>0?(a):-(a)) using namespace std; #define debug(x) cerr <<#x<<"="<<x<<endl; const int MAXN = 2010; int n ,a[MAXN],b[MAXN]; long long dp[MAXN][MAXN]; int main() { cin >> n; for(int i=1; i<=n; i++) { cin >> a[i]; b[i] = a[i]; } sort(b+1,b+n+1); for(int i=1; i<=n; i++) { long long minn = dp[i-1][1]; for(int j=1; j<=n; j++) { minn = min(minn, dp[i-1][j]); dp[i][j] = abs(a[i]-b[j]) + minn; } } long long ans = dp [1]; for(int i=2; i<=n; i++) ans = min(ans,dp [i]); printf("%I64d",ans); return 0; }
//CF 713C #include <cstdio> #include <iostream> #include <algorithm> using namespace std; #define debug(x) cerr <<#x<<"="<<x<<endl; const int MAXN = 3010; int n ,a[MAXN],b[MAXN]; long long dp[MAXN][MAXN]; int main() { cin >> n; for(int i=1; i<=n; i++) { cin >> a[i]; a[i] -= i; //和POJ3666唯一不同的地方 b[i] = a[i]; } sort(b+1,b+n+1); for(int i=1; i<=n; i++) { long long minn = dp[i-1][1]; for(int j=1; j<=n; j++) { minn = min(minn, dp[i-1][j]); dp[i][j] = abs(a[i]-b[j]) + minn; } } long long ans = dp [1]; for(int i=2; i<=n; i++) ans = min(ans,dp [i]); printf("%I64d",ans); return 0; }
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