**LeetCode 70. Climbing Stairs
2017-09-28 15:51
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70.Climbing Stairs
题意: You are climbing a stair case. It takes n steps to reach to the top.
Each time you can either climb 1 or 2 steps. In how many distinct ways can you climb to the top?
Note: Given n will be a positive integer.
题意:爬n阶楼梯,每次能爬1步或者2步,返回有多少中爬楼梯的不同方式。
但这种方法时间复杂度高,LeetCode上没有通过。附上代码
后来看答案,才发现自己算法的思想太欠缺。
我们用 climbStairs(i,n) 代表当前站在第 i 个台阶上,要去第 n 个台阶上。
那么原问题就可以看作 climbStairs(0,n),那么 climbStairs(0,n) = climbStairs(1,n) + climbStairs(2,n)。
则递推公式为:climbStairs(i,n) = climbStairs(i+1,n) + climbStairs(i+2,n)。
复杂度分析:
时间复杂度:O(n^2),递归树的尺寸为 2^n.
空间复杂度:O(n).递归树的深度是 n。
时间复杂度太高,LeetCode上没有通过。
当 n = 5 时,递归树如下图:
复杂度分析:
时间复杂度:O(n).递归树的尺寸是n。
空间复杂度:O(n).递归树的深度是n。
到达第i个台阶的方法有两种:
1.从第i-1阶走一步;
2.从第i-2阶走两步;
即:用 dp[i] 来表示到第i阶台阶的方式总数。
则 dp[i] = dp[i-1] + dp[i-2] ;符合斐波那契数列。
复杂度分析:
时间复杂度:O(n)。
空间复杂度:O(n)。dp数组的空间。
同样的思想,另一种写法
复杂度分析:
时间复杂度:O( n )。
空间复杂度:O( 1 )。使用的空间固定。
题意: You are climbing a stair case. It takes n steps to reach to the top.
Each time you can either climb 1 or 2 steps. In how many distinct ways can you climb to the top?
Note: Given n will be a positive integer.
题意:爬n阶楼梯,每次能爬1步或者2步,返回有多少中爬楼梯的不同方式。
我的思路 未通过
我的第一想法: 考虑极限情况,全为1步和全为2步,这样就要分两种情况:n 为奇数;n 位偶数。且若有 1个2 和 n-1个1 ,那么用高中学的排列组合即可算出有多少种情况,然后按照2的个数计算所有情况,然后将其相加。但这种方法时间复杂度高,LeetCode上没有通过。附上代码
public int climbStairs(int n) { int result = 1; if(n <= 0) {return 0;} if(n % 2 == 0){ for(int i = 1; i <= n/2; i++){ result += arrangement(n - i, i); } return result; } else { for(int i = 1; i <= (n - 1)/2; i++){ result += arrangement(n - i, i); } return result; } } //计算阶乘// public int factorial(int a){ int res = 1; for(int i = 1; i <= a; i++) {res *= i;} return res; } //计算排列组合// public int arrangement(int m, int n){ int res = factorial(m) / (factorial(n) * factorial(m - n)); return res; }
后来看答案,才发现自己算法的思想太欠缺。
方法1 用递归的方法暴力破解 未通过
思路:我们用 climbStairs(i,n) 代表当前站在第 i 个台阶上,要去第 n 个台阶上。
那么原问题就可以看作 climbStairs(0,n),那么 climbStairs(0,n) = climbStairs(1,n) + climbStairs(2,n)。
则递推公式为:climbStairs(i,n) = climbStairs(i+1,n) + climbStairs(i+2,n)。
public int climbStairs(int n) { climb_Sta 4000 irs(0, n); } public int climb_Stairs(int i, int n) { if (i > n) { return 0; } if (i == n) { return 1; } return climb_Stairs(i + 1, n) + climb_Stairs(i + 2, n); }
复杂度分析:
时间复杂度:O(n^2),递归树的尺寸为 2^n.
空间复杂度:O(n).递归树的深度是 n。
时间复杂度太高,LeetCode上没有通过。
当 n = 5 时,递归树如下图:
方法2 动态规划
思路: 上面的暴力递归中,同一个结果重复运算了很多次,所以采用动态规划的方法,用一个数组来存储已经计算过的值,这样相同的数据只需要计算一次即可,减少了时间复杂度。public int climbStairs(int n) { int memo[] = new int[n + 1]; return climb_Stairs(0, n, memo); } public int climb_Stairs(int i, int n, int memo[]) { if (i > n) { return 0; } if (i == n) { return 1; } if (memo[i] > 0) { return memo[i]; } memo[i] = climb_Stairs(i + 1, n, memo) + climb_Stairs(i + 2, n, memo); return memo[i]; }
复杂度分析:
时间复杂度:O(n).递归树的尺寸是n。
空间复杂度:O(n).递归树的深度是n。
方法3 斐波那契数列
思路:到达第i个台阶的方法有两种:
1.从第i-1阶走一步;
2.从第i-2阶走两步;
即:用 dp[i] 来表示到第i阶台阶的方式总数。
则 dp[i] = dp[i-1] + dp[i-2] ;符合斐波那契数列。
public int climbStairs(int n) { if (n == 1) { return 1; } int[] dp = new int[n + 1]; dp[1] = 1; dp[2] = 2; for (int i = 3; i <= n; i++) { dp[i] = dp[i - 1] + dp[i - 2]; } return dp ; }
复杂度分析:
时间复杂度:O(n)。
空间复杂度:O(n)。dp数组的空间。
同样的思想,另一种写法
public int climbStairs(int n) { if (n == 1) { return 1; } int first = 1; int second = 2; for (int i = 3; i <= n; i++) { int third = first + second; first = second; second = third; } return second; }
复杂度分析:
时间复杂度:O( n )。
空间复杂度:O( 1 )。使用的空间固定。
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