nyoj 20 吝啬的国度

吝啬的国度

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难度：3

描述在一个吝啬的国度里有N个城市，这N个城市间只有N-1条路把这个N个城市连接起来。现在，Tom在第S号城市，他有张该国地图，他想知道如果自己要去参观第T号城市，必须经过的前一个城市是几号城市（假设你不走重复的路）。

输入第一行输入一个整数M表示测试数据共有M(1<=M<=5)组

每组测试数据的第一行输入一个正整数N(1<=N<=100000)和一个正整数S(1<=S<=100000)，N表示城市的总个数，S表示参观者所在城市的编号

随后的N-1行，每行有两个正整数a,b(1<=a,b<=N)，表示第a号城市和第b号城市之间有一条路连通。
输出每组测试数据输N个正整数，其中，第i个数表示从S走到i号城市，必须要经过的上一个城市的编号。（其中i=S时，请输出-1）
样例输入

1
10 1
1 9
1 8
8 10
10 3
8 6
1 2
10 4
9 5
3 7

样例输出

-1 1 10 10 9 8 3 1 1 8

#pragma comment(linker, "/STACK:10240000000000,1024000000000")
#include <iostream>
#include <vector>
#incl
4000
ude <cstdio>
#include <cstring>
#include <bits/stdc++.h>
#define maxn 100005
using namespace std;
vector<int > d[1000005];
int pre[1000005];
void DFS(int x){
for(int j=0;j<d[x].size();j++){
if(pre[d[x][j]]) continue; //若存在父节点则继续遍历
pre[d[x][j]] = x; //相连节点的父节点为cur
DFS(d[x][j]); //深搜究竟。把一条路上父节点所有找出
//cout<<"1"<<endl;
}
}
int main(){
int m;
cin>>m;
while(m--){
int n,s;
cin>>n>>s;
memset(pre,0,sizeof(pre));
memset(d, 0, sizeof(d));
pre[s]=-1;
for(int j=0;j<n-1;j++){
int x,y;
scanf("%d%d", &x, &y);
d[x].push_back(y);                  vector 还有这种操作?? 相当于 a[x][sum] = y ;  //sum 表示第几个
d[y].push_back(x);
}
DFS(s);
for(int i=1; i<=n; ++i){
printf("%d ", pre[i]);
}
cout<<endl;
}
}