洛谷 P1522 牛的旅行 Cow Tours
2017-09-12 19:42
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洛谷 P1522 牛的旅行 Cow Tours
题目
题目描述农民 John的农场里有很多牧区。有的路径连接一些特定的牧区。一片所有连通的牧区称为一个牧场。但是就目前而言,你能看到至少有两个牧区通过任何路径都不连通。这样,Farmer John就有多个牧场了。
John想在牧场里添加一条路径(注意,恰好一条)。对这条路径有以下限制:
一个牧场的直径就是牧场中最远的两个牧区的距离(本题中所提到的所有距离指的都是最短的距离)。考虑如下的有5个牧区的牧场,牧区用“*”表示,路径用直线表示。每一个牧区都有自己的坐标:
(15,15) (20,15) D E *-------* | _/| | _/ | | _/ | |/ | *--------*-------* A B C (10,10) (15,10) (20,10)
【请将以上图符复制到记事本中以求更好的观看效果,下同】
这个牧场的直径大约是12.07106, 最远的两个牧区是A和E,它们之间的最短路径是A-B-E。
这里是另一个牧场:
*F(30,15) / _/ _/ / *------* G H (25,10)(30,10)
在目前的情景中,他刚好有两个牧场。John将会在两个牧场中各选一个牧区,然后用一条路径连起来,使得连通后这个新的更大的牧场有最小的直径。
注意,如果两条路径中途相交,我们不认为它们是连通的。只有两条路径在同一个牧区相交,我们才认为它们是连通的。
输入文件包括牧区、它们各自的坐标,还有一个如下的对称邻接矩阵
:
A B C D E F G H
A 0 1 0 0 0 0 0 0
B 1 0 1 1 1 0 0 0
C 0 1 0 0 1 0 0 0
D 0 1 0 0 1 0 0 0
E 0 1 1 1 0 0 0 0
F 0 0 0 0 0 0 1 0
G 0 0 0 0 0 1 0 1
H 0 0 0 0 0 0 1 0
其他邻接表中可能直接使用行列而不使用字母来表示每一个牧区。输入数据中不包括牧区的名字。
输入文件至少包括两个不连通的牧区。
请编程找出一条连接两个不同牧场的路径,使得连上这条路径后,这个更大的新牧场有最小的直径。输出在所有牧场中最小的可能的直径。
输入输出格式
输入格式:
第1行: 一个整数N (1 <= N <= 150), 表示牧区数
第2到N+1行: 每行两个整数X,Y (0 <= X ,Y<= 100000), 表示N个牧区的坐标。注意每个 牧区的坐标都是不一样的。
第N+2行到第2*N+1行: 每行包括N个数字(0或1) 表示如上文描述的对称邻接矩阵。
输出格式:
只有一行,包括一个实数,表示所求直径。数字保留六位小数。
只需要打到小数点后六位即可,不要做任何特别的四舍五入处理。
输入输出样例
输入样例#1:
8 10 10 15 10 20 10 15 15 20 15 30 15 25 10 30 10 01000000 10111000 01001000 01001000 01110000 00000010 00000101 00000010
输出样例#1:
22.071068
题解
先floyd刷一趟,然后求出每一个点到该点所属于的牧区中其他点的最长的长度,然后枚举两个不连通的点,算出他们之间加边以后的长度,取最小值,再与单个牧场内最长的长度做对比,取最大值,即为答案代码
#include<cstdio> #include<cmath> #define INF 1e9 using namespace std; int n; int x[155],y[155]; double d[155][155],me[155],maxe,ans; int readln() { int x=0; char c=getchar(); while (c<'0'||c>'9') c=getchar(); while ('0'<=c&&c<='9') x=x*10+c-48,c=getchar(); return x; } int readc() { char c=getchar(); while (c!='0'&&c!='1') c=getchar(); return c-48; } double max(double x,double y) { if (x>y) return x; else return y; } double min(double x,double y) { if (x<y) return x; else return y; } int main() { n=readln(); for (int i=1;i<=n;i++) x[i]=readln(),y[i]=readln(); for (int i=1;i<=n;i++) for (int j=1;j<=n;j++) { if (readc()==1) d[i][j]=sqrt((x[i]-x[j])*(x[i]-x[j])+(y[i]-y[j])*(y[i]-y[j])); else if (i!=j) d[i][j]=INF; } for (int k=1;k<=n;k++) for (int i=1;i<=n;i++) for (int j=1;j<=n;j++) if (d[i][k]+d[k][j]<d[i][j]) d[i][j]=d[i][k]+d[k][j]; for (int i=1;i<=n;i++) for (int j=1;j<=n;j++) { if (d[i][j]!=INF) me[i]=max(me[i],d[i][j]); maxe=max(maxe,me[i]); } ans=INF; for (int i=1;i<=n;i++) for (int j=1;j<=n;j++) if (d[i][j]==INF) ans=min(ans,me[i]+me[j]+sqrt((x[i]-x[j])*(x[i]-x[j])+(y[i]-y[j])*(y[i]-y[j]))); printf("%.6lf",max(maxe,ans)); return 0; }
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