[LeetCode P72] 编辑距离Levenshtein Distance算法[经典动态规划]
2017-08-25 10:54
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突然就写到72题了…中间也遇到了一些难题,60~70的题目有好几题坑题,不过Unique Path里有一题挺不错的,我想用迷宫回溯的方法求解,发现时间越界,其实也是用DP,有空放上来。
原题:
解题思路:
注释解释的比较清楚,利用Levenshtein Distance求编辑距离,在我的分布式BayesWipe系统里也用了Levenshtein距离来判断两个tuple的相似性,在数据清洗、相似性度量方面性能还是比较出色的。
原题:
Given two words word1 and word2, find the minimum number of steps required to convert word1 to word2. (each operation is counted as 1 step.) You have the following 3 operations permitted on a word: a) Insert a character b) Delete a character c) Replace a character
解题思路:
注释解释的比较清楚,利用Levenshtein Distance求编辑距离,在我的分布式BayesWipe系统里也用了Levenshtein距离来判断两个tuple的相似性,在数据清洗、相似性度量方面性能还是比较出色的。
// Levenshtein Distance算法 // 动态规划求解,好像涉及到字符串的算法题都可以用dp[i][j]来求解 // s1 = x1...xka -> s2 = y1...ykb这样的东西: // s1->s2的时候: // 1. 如果a被删除,那么dp[i][j] = dp[i-1][j] + 1,因为a被删除耗费了一步操作 // 剩下的操作和dp[i-1][j]一样 // 2. 如果a没被删除,那么分两种情况讨论 // (1) 如果b被删除,那么dp[i][j] = dp[i][j-1] + 1,因为b被删除耗费了一步操作, // 剩下的操作和dp[i][j-1]一样(而且不用管a是不是被替换的,dp[i][j-1]已经告诉我们怎么选择) // (2) 如果b没被删除,说明两个字符串的末尾,一个是a,一个是b,如果a=b,那么这一步不需要操作,如 // 果a!=b,那么a要被替换,耗费1个操作,所以dp[i][j] = dp[i-1][j-1] + (a!=b?1:0) class Solution { public: int minDistance(string word1, string word2) { if (word1.length() == 0) return word2.length(); else if (word2.length() == 0) return word1.length(); vector<vector<int>> dp(word1.length()+1, vector<int>(word2.length()+1, 0)); for (int i = 1; i <= word1.length(); ++i) dp[i][0] = i; for (int i = 1; i <= word2.length(); ++i) dp[0][i] = i; // 初始化,空字符串需要add一些字符串才能变成其他字符串 for (int i = 1; i <= word1.length(); ++i) { for (int j = 1; j <= word2.length(); ++j) { dp[i][j] = min(dp[i-1][j-1] + (word1[i-1] != word2[j-1]), min(dp[i-1][j], dp[i][j-1]) + 1); // 按照Levenshtein算法求解 } } return dp[word1.length()][word2.length()]; } };
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