FZUOJ 2282 Wand
2017-08-20 20:57
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错排问题
定义:考虑一个有n个元素的排列,若一个排列中所有的元素都不在自己原来的位置上,那么这样的排列就称为原排列的一个错排。
n个元素的错排数记为Dn。
例:伯努利-欧拉的装错信封问题,n封信装到n个不同信封,有多少种装错的情况?
四人各写一张贺年卡互相赠送,自己写的贺年卡不能送给自己,有多少种赠送方法?
递推式:D1 = 0,D2 = 1, 当n>=3时,考虑第n个数放在了第k位上(1<=k<=n-1),考虑第n位的情况。
当k排在第n位时,余下n-2个数进行错排,Dn-2.
当k不在第n位时,此时n已经排定了,假设k是新的n,他不能排在第n位,问题变成了n-1个数进行错排。
Dn = (n-1)(Dn-1 + Dn-2)
这题k比较小,可以从k枚举。注意最终结果要大于零。
定义:考虑一个有n个元素的排列,若一个排列中所有的元素都不在自己原来的位置上,那么这样的排列就称为原排列的一个错排。
n个元素的错排数记为Dn。
例:伯努利-欧拉的装错信封问题,n封信装到n个不同信封,有多少种装错的情况?
四人各写一张贺年卡互相赠送,自己写的贺年卡不能送给自己,有多少种赠送方法?
递推式:D1 = 0,D2 = 1, 当n>=3时,考虑第n个数放在了第k位上(1<=k<=n-1),考虑第n位的情况。
当k排在第n位时,余下n-2个数进行错排,Dn-2.
当k不在第n位时,此时n已经排定了,假设k是新的n,他不能排在第n位,问题变成了n-1个数进行错排。
Dn = (n-1)(Dn-1 + Dn-2)
这题k比较小,可以从k枚举。注意最终结果要大于零。
#ifdef _DEBUG #pragma warning(disable : 4996) #endif #include <iostream> #include <string> #include <vector> #include <stack> #include <queue> #include <deque> #include <set> #include <map> #include <algorithm> #include <functional> #include <sstream> #include <utility> #include <cstring> #include <cstdio> #include <cstdlib> #include <ctime> #include <cmath> #include <cctype> #define CLEAR(a, b) memset(a, b, sizeof(a)) #define CLOSE() ios::sync_with_stdio(false) #define IN() freopen("in.txt", "r", stdin) #define OUT() freopen("out.txt", "w", stdout) #define PF(a) printf("%d\n", a) #define SF(a) scanf("%d", &a) #define SFF(a, b) scanf("%d%d", &a, &b) #define SFFF(a, b, c) scanf("%d%d%d", &a, &b, &c) #define FOR(i, a, b) for(int i = a; i < b; ++i) #define LL long long #define maxn 10005 #define maxm 10000010 #define MOD 1000000007 #define INF 10000000 #define EPS 1e-6 using namespace std; //-------------------------CHC------------------------------// LL A[maxn], D[maxn], Ar[maxn]; LL qpow(LL a, LL b) { LL ret = 1; while (b) { if (b & 1) ret = ret * a % MOD; a = a * a %MOD; b >>= 1; } return ret; } LL C(int n, int m) { return A * Ar[m] % MOD*Ar[n - m] % MOD; } void pre() { Ar[0] = Ar[1] = A[0] = A[1] = 1; FOR(i, 2, maxn) A[i] = A[i - 1] * i, A[i] %= MOD, Ar[i] = qpow(A[i], MOD-2); D[1] = 0, D[2] = 1; FOR(i, 3, maxn) D[i] = (i - 1)*(D[i - 1] + D[i - 2]) % MOD; } int main() { int T; pre(); SF(T); while (T--) { int n, k; SFF(n, k); LL ans = A ; FOR(i, 0, k) { ans -= C(n, i) * D[n - i]%MOD; ans %= MOD; } ans = (ans + MOD) % MOD; printf("%lld\n", ans); } return 0; }
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