2017"百度之星"程序设计大赛 - 初赛(B)1006.小小粉丝度度熊【预处理区间+二分】
2017-08-13 18:04
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小小粉丝度度熊
Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)Total Submission(s): 17 Accepted Submission(s): 8
[align=left]Problem Description[/align]度度熊喜欢着喵哈哈村的大明星——星星。
为什么度度熊会喜欢星星呢?
首先星星笑起来非常动人,其次星星唱歌也非常好听。
但这都不是最重要的,最重要的是,星星拍的一手好代码!
于是度度熊关注了星星的贴吧。
一开始度度熊决定每天都在星星的贴吧里面签到。
但是度度熊是一个非常健忘的孩子,总有那么几天,度度熊忘记签到,于是就断掉了他的连续签到。
不过度度熊并不是非常悲伤,因为他有m张补签卡,每一张补签卡可以使得某一忘签到的天,变成签到的状态。
那么问题来了,在使用最多m张补签卡的情况下,度度熊最多连续签到多少天呢?
[align=left]Input[/align]本题包含若干组测试数据。
第一行两个整数n,m,表示有n个区间,这n个区间内的天数,度度熊都签到了;m表示m张补签卡。
接下来n行,每行两个整数(l[i],r[i]),表示度度熊从第l[i]天到第r[i]天,都进行了签到操作。
数据范围:
1<=n<=100000
0<=m<=1000000000
0<=l[i]<=r[i]<=1000000000
注意,区间可能存在交叉的情况。
[align=left]Output[/align]输出度度熊最多连续签到多少天。
[align=left]Sample Input[/align]2 1
1 1
3 3
1 2
1 1
[align=left]Sample Output[/align]3
3
Hint
样例一:度度熊补签第2天,然后第1天、第二天和第三天都进行了签到操作。
样例二:度度熊补签第2天和第3天。
思路:
我们将区间有重叠部分的延展成一个区间。将区间按照起点从小到大排排序就行。
然后我们将两个相邻的区间中间空白部分求一个前缀和,存到sum【i】中,表示我们从第一个区间的起点,到第i个区间的终点,我们共需要多少张补签卡才行。
那么接下来我们O(n)枚举起点,然后二分终点,用前缀和O(1)check一下就行了。
Ac代码:
#include<stdio.h> #include<iostream> #include<algorithm> #include<string.h> using namespace std; #define ll __int64 struct node { ll l,r; }a[150000],b[150000]; ll sum[150000]; ll cmp(node a,node b) { if(a.l!=b.l)return a.l<b.l; else return a.r<b.r; } int main() { // freopen("D:\\5in.txt", "r", stdin); // freopen("D:\\myout.txt", "w", stdout); ll tmpn,m; while(~scanf("%I64d%I64d",&tmpn,&m)) { for(ll i=1;i<=tmpn;i++) { scanf("%I64d%I64d",&a[i].l,&a[i].r); } sort(a+1,a+1+tmpn,cmp); ll n=0; ll L=a[1].l,R=a[1].r; for(ll i=1;i<=tmpn;i++) { ll flag=0; if(a[i].l<=R) { R=max(R,a[i].r); } else { flag=1; ++n; b .l=L; b .r=R; L=a[i].l; R=a[i].r; } if(i==tmpn) { ++n; b .l=L; b .r=R; } } /* printf("%I64d\n",n); for(ll i=1;i<=n;i++) { printf("%I64d %I64d\n",b[i].l,b[i].r); } printf("\n"); */ sum[0]=0;sum[1]=0; for(ll i=2;i<=n;i++) { sum[i]=sum[i-1]+b[i].l-b[i-1].r-1; } /* printf("Sum:\n"); for(ll i=1;i<=n;i++) { printf("%I64d ",sum[i]); } printf("\n");*/ ll output=m; for(ll i=1;i<=n;i++) { ll ans=-1; ll l=i; ll r=n; while(r-l>=0) { ll mid=(l+r)/2; if(sum[mid]-sum[i]<=m) { ans=mid; l=mid+1; } else { r=mid-1; } } if(ans==-1)continue; output=max(output,b[ans].r-b[i].l+1+m-(sum[ans]-sum[i])); } // printf("---\n"); printf("%I64d\n",output); } }
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