(BFS)A计划--HDOJ
2017-08-09 09:44
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A计划
Time Limit: 3000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 409 Accepted Submission(s): 125
Problem Description
可怜的公主在一次次被魔王掳走一次次被骑士们救回来之后,而今,不幸的她再一次面临生命的考验。魔王已经发出消息说将在T时刻吃掉公主,因为他听信谣言说吃公主的肉也能长生不老。年迈的国王正是心急如焚,告招天下勇士来拯救公主。不过公主早已习以为常,她深信智勇的骑士LJ肯定能将她救出。
现据密探所报,公主被关在一个两层的迷宫里,迷宫的入口是S(0,0,0),公主的位置用P表示,时空传输机用#表示,墙用*表示,平地用.表示。骑士们一进入时空传输机就会被转到另一层的相对位置,但如果被转到的位置是墙的话,那骑士们就会被撞死。骑士们在一层中只能前后左右移动,每移动一格花1时刻。层间的移动只能通过时空传输机,且不需要任何时间。
Input
输入的第一行C表示共有C个测试数据,每个测试数据的前一行有三个整数N,M,T。 N,M迷宫的大小N*M(1 <= N,M <=10)。T如上所意。接下去的前N*M表示迷宫的第一层的布置情况,后N*M表示迷宫第二层的布置情况。
Output
如果骑士们能够在T时刻能找到公主就输出“YES”,否则输出“NO”。
Sample Input
1
5 5 14
S*#*.
.#…
…..
**.
…#.
..*.P
…*.
*.#..
Sample Output
YES
Source
HDU 2007-6 Programming Contest
Recommend
xhd
总结:
控制传送机那里稍微麻烦点,要考虑全可能出现的情况
Time Limit: 3000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 409 Accepted Submission(s): 125
Problem Description
可怜的公主在一次次被魔王掳走一次次被骑士们救回来之后,而今,不幸的她再一次面临生命的考验。魔王已经发出消息说将在T时刻吃掉公主,因为他听信谣言说吃公主的肉也能长生不老。年迈的国王正是心急如焚,告招天下勇士来拯救公主。不过公主早已习以为常,她深信智勇的骑士LJ肯定能将她救出。
现据密探所报,公主被关在一个两层的迷宫里,迷宫的入口是S(0,0,0),公主的位置用P表示,时空传输机用#表示,墙用*表示,平地用.表示。骑士们一进入时空传输机就会被转到另一层的相对位置,但如果被转到的位置是墙的话,那骑士们就会被撞死。骑士们在一层中只能前后左右移动,每移动一格花1时刻。层间的移动只能通过时空传输机,且不需要任何时间。
Input
输入的第一行C表示共有C个测试数据,每个测试数据的前一行有三个整数N,M,T。 N,M迷宫的大小N*M(1 <= N,M <=10)。T如上所意。接下去的前N*M表示迷宫的第一层的布置情况,后N*M表示迷宫第二层的布置情况。
Output
如果骑士们能够在T时刻能找到公主就输出“YES”,否则输出“NO”。
Sample Input
1
5 5 14
S*#*.
.#…
…..
**.
…#.
..*.P
.*..
*..…*.
*.#..
Sample Output
YES
Source
HDU 2007-6 Programming Contest
Recommend
xhd
总结:
控制传送机那里稍微麻烦点,要考虑全可能出现的情况
#include<iostream> #include<string.h> #include<string> #include<stdio.h> #include<algorithm> #include<queue> #include<math.h> #define PI acos(-1.0) #define eps 0.00000001 using namespace std; typedef struct Node { int x,y,flg,step; }Node; int N,M,T,ans; char mp1[15][15]; char mp2[15][15]; int vis[3][15][15]; int dirx[4] = {0,0,1,-1}; int diry[4] = {1,-1,0,0}; int BFS() { memset(vis,0,sizeof(vis)); queue<Node > q; Node t,tmp,nxt; t.x=0,t.y=0,t.flg=0,t.step=0; q.push(t); vis[t.flg][t.x][t.y] = 1; int cnt = 0; while(!q.empty()) { tmp = q.front(); q.pop(); if(tmp.step > T) return 999999; for(int i=0; i<4; ++i) { int xx = tmp.x + dirx[i]; int yy = tmp.y + diry[i]; //不满足要求的位置 if(xx<0||xx>=N||yy<0||yy>=M) continue; //访问过的位置不再访问 if(vis[tmp.flg][xx][yy]) continue; vis[tmp.flg][xx][yy] = 1; //在第二层 if(tmp.flg) { if(mp2[xx][yy] == '*') continue; else if(mp2[xx][yy] == '#') { //传送过去后是墙或者又是传送机 if(mp1[xx][yy] == '*'||mp1[xx][yy] == '#') continue; if(mp1[xx][yy] == 'P')//传送过去就是目的地 return (tmp.step+1); //将新的位置赋值并压入队列 nxt.flg = 0,nxt.x = xx,nxt.y=yy; nxt.step = tmp.step+1; q.push(nxt); } else if(mp2[xx][yy] == '.') { nxt.flg = 1,nxt.x = xx,nxt.y=yy; nxt.step = tmp.step + 1; q.push(nxt); } else if(mp2[xx][yy] == 'P') return (tmp.step + 1); } else//在第一层 { if(mp1[xx][yy] == '*') continue; else if(mp1[xx][yy] == '#') { if(mp2[xx][yy] == '*' || mp2[xx][yy] == '#') continue; if(mp2[xx][yy] == 'P') return (tmp.step+1); nxt.flg = 1,nxt.x = xx,nxt.y=yy; nxt.step = tmp.step+1; q.push(nxt); } else if(mp1[xx][yy] == '.') { nxt.flg = 0,nxt.x = xx,nxt.y=yy; nxt.step = tmp.step + 1; q.push(nxt); } else if(mp1[xx][yy] == 'P') return (tmp.step + 1); } } } return 999999; } int main(void) { // freopen("in.txt","r",stdin); int ncase; cin >> ncase; while(ncase--) { scanf("%d %d %d",&N,&M,&T); for(int i=0; i<N; ++i) for(int j=0; j<M; ++j) cin>>mp1[i][j]; for(int i=0; i<N; ++i) for(int j=0; j<M; ++j) cin>>mp2[i][j]; ans = BFS(); if(ans <= T) cout << "YES"; else cout <<"NO"; cout << endl; } return 0; }
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