UVAlive-6577 Binary Tree(递推+找规律)
2017-08-05 20:07
381 查看
传送门:UVA-6577
题意:有一个向下无限延伸的二叉树。有一串只含LRU的指令S,从根结点开始执行。LRU分别表示往左儿子走,往右儿子走,往父节点(如果当前节点为根节点,则跳过这一步)。然后输入一个可选步骤串T。可以选择T中的子序,从S串的终点开始走。然后问可以走到多少个不同的结点。
题解:
设l为如果要往左走,则可以走到l个新节点;r为如果要往右走,则可以走到r个新节点
先只考虑只有L和R的情况:如果当前指令为L,那么ans+=l,并且r+=l,这个表现为原本可以由l个点向左走并走到l个新节点,那么这些新节点又可以将向右走的范围扩充l个;如果当前指令为R时也相同
那么再考虑有U的情况:设起点为rt,如果执行U之前的点在rt的下方的时候,不管怎么样都不会扩充新的范围的,只有当执行U之前的节点u在rt的上方时,如果u为父亲节点的左儿子,那么ans++,r++;如果u为父亲节点的右儿子,那么ans++,l++。因此我们还需要用一个栈来保存root是如何走到rt的
#include <bits/stdc++.h>
4000
;
#define INF 0x3f3f3f3f
using namespace std;
typedef long long LL;
typedef pair<int, int>pii;
const int MX = 1e5 + 10;
const int mod = 21092013;
char s[MX],t[MX];
int main() {
int T;
scanf("%d",&T);
for(int cas=1;cas<=T;cas++){
scanf("%s%s",s,t);
int len=strlen(s);
stack<char>st;
for(int i=0;i<len;i++){
if(s[i]!='U') st.push(s[i]);
else if(!st.empty()) st.pop();
}
len=strlen(t);
int ans=1,l=1,r=1;
for(int i=0;i<len;i++){
if(t[i]=='U'){
if(st.empty()) continue;
ans++;
if(st.top()=='L') r++;
else l++;
st.pop();
}
else if(t[i]=='L') r+=l,ans+=l;
else l+=r,ans+=r;
ans%=mod;l%=mod;r%=mod;
}
printf("Case %d: %d\n",cas,ans);
}
return 0;
}
题意:有一个向下无限延伸的二叉树。有一串只含LRU的指令S,从根结点开始执行。LRU分别表示往左儿子走,往右儿子走,往父节点(如果当前节点为根节点,则跳过这一步)。然后输入一个可选步骤串T。可以选择T中的子序,从S串的终点开始走。然后问可以走到多少个不同的结点。
题解:
设l为如果要往左走,则可以走到l个新节点;r为如果要往右走,则可以走到r个新节点
先只考虑只有L和R的情况:如果当前指令为L,那么ans+=l,并且r+=l,这个表现为原本可以由l个点向左走并走到l个新节点,那么这些新节点又可以将向右走的范围扩充l个;如果当前指令为R时也相同
那么再考虑有U的情况:设起点为rt,如果执行U之前的点在rt的下方的时候,不管怎么样都不会扩充新的范围的,只有当执行U之前的节点u在rt的上方时,如果u为父亲节点的左儿子,那么ans++,r++;如果u为父亲节点的右儿子,那么ans++,l++。因此我们还需要用一个栈来保存root是如何走到rt的
#include <bits/stdc++.h>
4000
;
#define INF 0x3f3f3f3f
using namespace std;
typedef long long LL;
typedef pair<int, int>pii;
const int MX = 1e5 + 10;
const int mod = 21092013;
char s[MX],t[MX];
int main() {
int T;
scanf("%d",&T);
for(int cas=1;cas<=T;cas++){
scanf("%s%s",s,t);
int len=strlen(s);
stack<char>st;
for(int i=0;i<len;i++){
if(s[i]!='U') st.push(s[i]);
else if(!st.empty()) st.pop();
}
len=strlen(t);
int ans=1,l=1,r=1;
for(int i=0;i<len;i++){
if(t[i]=='U'){
if(st.empty()) continue;
ans++;
if(st.top()=='L') r++;
else l++;
st.pop();
}
else if(t[i]=='L') r+=l,ans+=l;
else l+=r,ans+=r;
ans%=mod;l%=mod;r%=mod;
}
printf("Case %d: %d\n",cas,ans);
}
return 0;
}
相关文章推荐
- UVALive 6577 Binary Tree 二叉树的LRU串
- UVALive - 6577 Binary Tree 递推+找规律
- UvaLive 6667 Longest Chain (分治求三维LIS)
- 【UVALive】7338 Toll Management IV
- UVALive 3661 Animal Run(平面图最小割,边为节点+最短路)
- UVAlive 5792 Diccionário Portuñol (Trie)
- UVALive - 3882:And Then There Was One
- UVALive 2221 Frontier(计算几何 + DP)
- uvalive 6525 Attacking rooks
- UVALive-7512-November 11th
- UVA344 UVALive5452 Roman Digititis【Ad Hoc】
- 寒假集训 Day 7 H题 UVALive - 3902 Network 网络
- UVALIVE 3571 Visible Lattice Points
- UVALive 6462 状压DP
- UVALive-7509-Dome and Steles
- UVALive 6678 Judging Troubles
- UVALive - 4287 Proving Equivalences【强连通缩点】【Tarjan算法】
- Squares UVALive - 4728
- uvalive2965(状态压缩)
- UVA1588 UVALive3712 POJ3158 Kickdown