动态规划练习1

题目描述：

在ls森林里有一只很能砍树的樵夫lw，他左手扛狂暴药水，右手握着雷神之斧，白天砍树，晚上喝狂暴药水。这天他接到了国王给他的一个任务：砍掉两颗树。设两颗树的耐久值都为x（各自独立）。而lw有n（n<=100）把不同的斧头，设第i把斧头每a[i]秒种能消耗第一棵树1点耐久值，或者每b[i]秒消耗第二棵树1点耐久值。对于一个斧头来说，砍树对象可以变换，即可以砍a[i]秒a，再砍b[i]秒b。对于一棵树来说，可以同时被多个斧头砍。当两颗树的耐久值都小于等于0时任务完成。lw想问你完成的最短时间是多少。

输入格式：

第一行两个数，分别为n和x，即斧头数和树的耐久值，接下来n行每行两个数，第i+1行的两个数为a[i]和b[i]。

输出格式：

第一行一个数t，即完成任务的最少时间。

样例输入：tree.in

2 20

5 1

1 5

样例输出：tree.out

20

数据范围：

对于30%的数据，n<=10,x<=30,a[i],b[i]<=20。

对于100%的数据，n<=100,x<=100,a[i],b[i]<=100。

[b]题解：[/b]

[b]考虑f[i][j]表示前i个斧头砍1的j块，还可以砍2的最多块数。[/b]

[b]d[i][0]存砍1的效率，d[i][1]存砍2的效率[/b]

[b]f[i][j]=max(f[i][j],f[i-1][j-k]+(day-d[i][0]*k)/d[i][1]);[/b]

[b]f[i-1,j-k]是前i-1个斧头砍j-k个1还能砍几个2。day-d[i,0]*k是第i个斧头砍k个1还剩的时间[/b]

[b](day-d[i][0]*k)/d[i][1]第i个斧头还能砍几个2[/b]

[b]所以f[i-1][j-k]+(mid-d[i][0]*k)/d[i][1]是前i个斧头一共可以砍几个2[/b]

[b]显然是成立的。[/b]

[b]而对于day的值，可以证明，f是随day单调递增的。我们可以二分这个day值，每次用DP检验。若f
[x]>=x，r=mid-1；f
[x]<x，l=mid+1。[/b]

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<algorithm>
using namespace std;
int f[101][101],n,x,a[101],b[101];
int gi()
{
int ans=0,f=1;
char i=getchar();
while(i<'0'||i>'9'){if(i=='-')f=-1;i=getchar();}
while(i>='0'&&i<='9'){ans=ans*10+i-'0';i=getchar();}
return ans*f;
}
bool judge(int mid)
{
int i,j,k;
memset(f,200,sizeof(f));
f[0][0]=0;
for(i=1;i<=n;i++)
for(j=0;j<=x;j++)
for(k=0;k<=min(j,mid/a[i]);k++)
f[i][j]=max(f[i][j],f[i-1][j-k]+(mid-k*a[i])/b[i]);
return f
[x]>=x;
}
int main()
{
freopen("tree.in","r",stdin);
freopen("tree.out","w",stdout);
int i,j;
n=gi();x=gi();
for(i=1;i<=n;i++){a[i]=gi();b[i]=gi();}
int l=0,r=20000,ans=0;
while(l<=r)
{
int m=(l+r)>>1;
if(judge(m))ans=m,r=m-1;
else l=m+1;
}
printf("%d",ans);
return 0;
}