dp——洛谷 P1523 旅行商简化版
2017-06-24 08:54
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https://www.luogu.org/problem/show?pid=1523
旅行商问题也建议大家取了解一下,有很多变题;
首先是一个dp
【1】题意:旅行商问题,不过要求只能单向走,就是有n个地方,要求从西往东,到最东面的地方,在从东往西返回,经过每个点一次,求最短路径
【2】分析:由于有了方向的限制,这题不再是NP难题,我们可以假设有两个人一起从西往东走,走过的点不能重复,这样就有f[ i ][ j ]表示第一个人走到i,第二个人走到j 的最短路径,要求i < j,且0到j的点都被经过了,这样很容易想到,j+1的点不是被第一个人走,就是被第二个人走,所以有转移方程f[ i ][ j+1]=min{ f[ i ] [ j ]+d[ j ] [ j +1] } f[ j ] [ j+1 ]=min{ f[ i ][ j ]+d[ i ][ j+1 ] },第一个转移方程很容易理解,第二个方程可以这么理解,两个人可以指前面一个人,和后面一个人,当后面的人走到前面,当然就对换过来了,不影响结果
【3】最后,预处理f[ 0 ][ 1]还有扫描 一遍答案就行了,这题算是一类DP吧,思路挺有启发性的
Built by SinGuLaRiTy
然后关于double用memset赋值
http://blog.csdn.net/popoqqq/article/details/38926889
旅行商问题也建议大家取了解一下,有很多变题;
首先是一个dp
【1】题意:旅行商问题,不过要求只能单向走,就是有n个地方,要求从西往东,到最东面的地方,在从东往西返回,经过每个点一次,求最短路径
【2】分析:由于有了方向的限制,这题不再是NP难题,我们可以假设有两个人一起从西往东走,走过的点不能重复,这样就有f[ i ][ j ]表示第一个人走到i,第二个人走到j 的最短路径,要求i < j,且0到j的点都被经过了,这样很容易想到,j+1的点不是被第一个人走,就是被第二个人走,所以有转移方程f[ i ][ j+1]=min{ f[ i ] [ j ]+d[ j ] [ j +1] } f[ j ] [ j+1 ]=min{ f[ i ][ j ]+d[ i ][ j+1 ] },第一个转移方程很容易理解,第二个方程可以这么理解,两个人可以指前面一个人,和后面一个人,当后面的人走到前面,当然就对换过来了,不影响结果
【3】最后,预处理f[ 0 ][ 1]还有扫描 一遍答案就行了,这题算是一类DP吧,思路挺有启发性的
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然后关于double用memset赋值
http://blog.csdn.net/popoqqq/article/details/38926889
#include<bits/stdc++.h> #define Ll long long using namespace std; const int N=1005; struct cs{int x,y;}a ; double d ,f ,ans=1e30; bool cmp(cs a,cs b){return a.x<b.x;} int n; int main() { scanf("%d",&n); for(int i=1;i<=n;i++)scanf("%d%d",&a[i].x,&a[i].y); sort(a+1,a+n+1,cmp); for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=i+1;j<=n;j++) d[i][j]=sqrt(double(a[i].x-a[j].x)*(a[i].x-a[j].x)+double(a[i].y-a[j].y)*(a[i].y-a[j].y)); memset(f,74,sizeof f); f[1][2]=d[1][2]; for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=i+1;j<=n;j++){ f[i][j+1]=min(f[i][j+1],f[i][j]+d[j][j+1]); f[j][j+1]=min(f[j][j+1],f[i][j]+d[i][j+1]); } for(int i=1;i<=n;i++)ans=min(ans,f[i] +d[i] ); printf("%.2lf",ans); }
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