HDU-5876 & SCU-4444 (完全图的最短路)
2017-06-18 18:18
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完全图求最短路(各边权值必须得相同),n稍大点边肯定就存不下了,这儿有一种bfs的做法:
维护两个集合,st1代表当前点能够到达的所有点的集合,和st2代表不能到达的所有点的集合。
BFS搜索,选取当前点,然后将所有与该点相连的点从st1中删去,并添加到st2。然后再拓展st1中的点,将之入
队,并将st1和st2两个集合进行交换(因为已经拓展完的肯定就是最短的了嘛,只需要拓展没到达的)。
HDU-5876
题意:n个点的完全无向图(权值均为1),从中删除m条边,给定一个S,求S到其它n-1个点的最短距离。
代码:
SCU-4444
题意:有n个城市,编号为1~n,每个城市都相互连通,其中有m对城市通过公路连通,其他的城市通过铁路连通,经过公路的时间为a,经过铁路的时间为b,问从1到达n的时间最短为多少。
思路:最短路问题,由于每个点都是相连通的,不过连通的边只有2种,那么从1走到n就可以分成2种情况:
①1和n通过铁路相连,直接到达n的时间为b,那么就要考虑是直接通过铁路用时b到达n,还是经过若干个a到达n。
②1和n通过公路相连,直接到达n的时间为a,那么就要考虑是直接通过公路用时a到达n,还是经过若干个b到达n。
①方法可直接模板最短路求解,②则需要用上述BFS方法求解。
(分析来自:http://blog.csdn.net/huangshuai147/article/details/51433352)
代码:
继续加油~
维护两个集合,st1代表当前点能够到达的所有点的集合,和st2代表不能到达的所有点的集合。
BFS搜索,选取当前点,然后将所有与该点相连的点从st1中删去,并添加到st2。然后再拓展st1中的点,将之入
队,并将st1和st2两个集合进行交换(因为已经拓展完的肯定就是最短的了嘛,只需要拓展没到达的)。
HDU-5876
题意:n个点的完全无向图(权值均为1),从中删除m条边,给定一个S,求S到其它n-1个点的最短距离。
代码:
#include <iostream> #include <string.h> #include <cstdio> #include <set> using namespace std; const int inf = 0x3f3f3f3f; const int maxn = 200005; const int maxm = 20005; const int M = maxn*10; struct node { int v, next; }edge[maxm*2]; int dis[maxn], head[maxn], q[M+5]; int n, m, no, s; set<int> st1, st2; set<int>::iterator it; inline void init() { no = 0; memset(head, -1, sizeof head); memset(dis, 0x3f, sizeof dis); } inline void add(int u, int v) { edge[no].v = v; edge[no].next = head[u]; 4000 head[u] = no++; } void bfs() { int front, tail; front = tail = 0; st1.clear(); st2.clear(); for(int i = 1; i <= n; ++i) if(i != s) st1.insert(i); q[tail++] = s; dis[s] = 0; while(front < tail) { int u = q[front++]; front %= M; int k = head[u]; while(k != -1) { if(st1.count(edge[k].v)) { st1.erase(edge[k].v); st2.insert(edge[k].v); } k = edge[k].next; } for(it = st1.begin(); it != st1.end(); ++it) { q[tail++] = *it; tail %= M; dis[*it] = dis[u]+1; } st1.swap(st2); st2.clear(); } } int main() { int t, u, v; scanf("%d", &t); while(t--) { scanf("%d %d", &n, &m); init(); for(int i = 1; i <= m; ++i) { scanf("%d %d", &u, &v); add(u, v); add(v, u); } scanf("%d", &s); bfs(); int kkk = 0; for(int i = 1; i <= n; ++i) { if(i == s) continue; if(kkk) printf(" "); if(dis[i] == inf) printf("-1"); else printf("%d", dis[i]); kkk = 1; } printf("\n"); } return 0; }
SCU-4444
题意:有n个城市,编号为1~n,每个城市都相互连通,其中有m对城市通过公路连通,其他的城市通过铁路连通,经过公路的时间为a,经过铁路的时间为b,问从1到达n的时间最短为多少。
思路:最短路问题,由于每个点都是相连通的,不过连通的边只有2种,那么从1走到n就可以分成2种情况:
①1和n通过铁路相连,直接到达n的时间为b,那么就要考虑是直接通过铁路用时b到达n,还是经过若干个a到达n。
②1和n通过公路相连,直接到达n的时间为a,那么就要考虑是直接通过公路用时a到达n,还是经过若干个b到达n。
①方法可直接模板最短路求解,②则需要用上述BFS方法求解。
(分析来自:http://blog.csdn.net/huangshuai147/article/details/51433352)
代码:
#include <algorithm> #include <iostream> #include <string.h> #include <cstdio> #include <queue> #include <set> using namespace std; const int inf = 0x3f3f3f3f; const int maxn = 200005; const int maxm = 500005; const int M = maxn*10; struct node { int v, w, next; bool operator<(const node x)const { return w < x.w; } }edge[maxm*2], tp; int n, m, a, b, no; int head[maxn], dis[maxn], vis[maxn], q1[M+5]; priority_queue<node> q; set<int> st1, st2; set<int>::iterator it; inline void init() { no = 0; memset(head, -1, sizeof head); memset(dis, 0x3f, sizeof dis); memset(vis, 0, sizeof vis); } inline void add(int u, int v) { edge[no].v = v; edge[no].next = head[u]; head[u] = no++; } void DJ() { while(!q.empty()) q.pop(); dis[1] = 0; q.push((node){1, 0, 0}); while(!q.empty()) { tp = q.top(); q.pop(); if(vis[tp.v]) continue; vis[tp.v] = 1; int k = head[tp.v]; while(k != -1) { if(dis[edge[k].v] > dis[tp.v]+a) { dis[edge[k].v] = dis[tp.v]+a; q.push((node){edge[k].v, dis[edge[k].v], 0}); } k = edge[k].next; } } } void BFS() { st1.clear(); st2.clear(); for(int i = 2; i <= n; ++i) st1.insert(i); int front, tail; front = tail = 0; q1[tail++] = 1; dis[1] = 0; while(front < tail) { int u = q1[front++]; front %= M; int k = head[u]; while(k != -1) { if(st1.count(edge[k].v)) { st1.erase(edge[k].v); st2.insert(edge[k].v); } k = edge[k].next; } for(it = st1.begin(); it != st1.end(); ++it) { q1[tail++] = *it; tail %= M; dis[*it] = dis[u]+b; } st1.swap(st2); st2.clear(); } } int main() { int flag, u, v, ans; while(~scanf("%d %d %d %d", &n, &m, &a, &b)) { init(); flag = 1; for(int i = 1; i <= m; ++i) { scanf("%d %d", &u, &v); add(u, v); add(v, u); if(u == 1 && v == n || v == 1 && u == n) flag = 0; } if(flag) { DJ(); ans = min(b, dis ); } else { BFS(); ans = min(a, dis ); } printf("%d\n", ans); } return 0; }
继续加油~
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