poj 2104 K-th Number
2017-06-01 20:19
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【分析】
好吧第一次接触主席树…
主席树,官名 可持久化线段树。(今天你持久了吗)
看了看别人的博客粗略理解一下…
首先我们把数据离散化。假设离散化以后数的域为[1,tot]。
针对本题来讲,主席树就是对于一个序列[1,n],对于每个前缀区间[1,i]都建一颗线段树,维护的是序列[1,i]中有几个数在区间[L,R]中粗线过。
所以每一颗建出来的树不是长度为n的,而是长度为tot的…
发现[1,i]建的树A和[1,i+1]建的树B区别很小啊…只有根到一个叶子的路径维护的key值全部+1。所以这时候可持久化线段树的好处就体现出来了…如果a[i+1]在区间右侧(>mid),那么A树B树共用一个左侧的区间,否则共用一个右侧的区间。
这样的话每次新建了log(tot)个节点…2333,复杂度也是O(nlogtot)级别。
【代码】
好吧第一次接触主席树…
主席树,官名 可持久化线段树。(今天你持久了吗)
看了看别人的博客粗略理解一下…
首先我们把数据离散化。假设离散化以后数的域为[1,tot]。
针对本题来讲,主席树就是对于一个序列[1,n],对于每个前缀区间[1,i]都建一颗线段树,维护的是序列[1,i]中有几个数在区间[L,R]中粗线过。
所以每一颗建出来的树不是长度为n的,而是长度为tot的…
发现[1,i]建的树A和[1,i+1]建的树B区别很小啊…只有根到一个叶子的路径维护的key值全部+1。所以这时候可持久化线段树的好处就体现出来了…如果a[i+1]在区间右侧(>mid),那么A树B树共用一个左侧的区间,否则共用一个右侧的区间。
这样的话每次新建了log(tot)个节点…2333,复杂度也是O(nlogtot)级别。
【代码】
//poj 2104 K-th number #include<cstdio> #include<cstring> #include<iostream> #include<algorithm> #define mid (l+r>>1) #define ll long long #define M(a) memset(a,0,sizeof a) #define fo(i,j,k) for(i=j;i<=k;i++) using namespace std; const int mxn=2000005; int c[mxn],ls[mxn],rs[mxn]; int a[mxn],b[mxn],root[mxn]; int n,m,cnt,tot,x,y,k; inline void build(int l,int r,int u,int &v,int k) { v=++cnt,c[v]=c[u]+1; //新建节点...? if(l==r) return; ls[v]=ls[u],rs[v]=rs[u]; if(k<=mid) build(l,mid,ls[u],ls[v],k); else build(mid+1,r,rs[u],rs[v],k); } inline int calc(int l,int r,int u,int v,int k) { if(l==r) return l; if(c[ls[v]]-c[ls[u]]>=k) return calc(l,mid,ls[u],ls[v],k); else return calc(mid+1,r,rs[u],rs[v],k-(c[ls[v]]-c[ls[u]])); } int main() { int i,j; scanf("%d%d",&n,&m); fo(i,1,n) scanf("%d",&a[i]),b[i]=a[i]; sort(b+1,b+n+1); tot=unique(b+1,b+n+1)-b-1; fo(i,1,n) build(1,tot,root[i-1],root[i],lower_bound(b+1,b+tot+1,a[i])-b); while(m--) { scanf("%d%d%d",&x,&y,&k); printf("%d\n",b[calc(1,tot,root[x-1],root[y],k)]); } return 0; }
//hdu 2665 Kth number #include<cstdio> #include<cstring> #include<iostream> #include<algorithm> #define ll long long #define mid (l+r>>1) #define M(a) memset(a,0,sizeof a) #define fo(i,j,k) for(i=j;i<=k;i++) using namespace std; int n,m,tot,cnt,T; const int mxn=2000005; int a[100005],b[100005],root[100005],ls[mxn],rs[mxn],c[mxn]; inline void build(int l,int r,int u,int &v,int k) { c[v=(++cnt)]=c[u]+1; if(l==r) return; ls[v]=ls[u],rs[v]=rs[u]; if(k<=mid) build(l,mid,ls[u],ls[v],k); else build(mid+1,r,rs[u],rs[v],k); } inline int query(int l,int r,int u,int v,int k) { if(l==r) return l; if(c[rs[v]]-c[rs[u]]>=k) return query(mid+1,r,rs[u],rs[v],k); else return query(l,mid,ls[u],ls[v],k-(c[rs[v]]-c[rs[u]])); } int main() { int i,j,x,y,k; scanf("%d",&T); while(T--) { cnt=0,M(ls),M(rs),M(c),M(root); scanf("%d%d",&n,&m); fo(i,1,n) scanf("%d",&a[i]),b[i]=a[i]; sort(b+1,b+n+1); tot=unique(b+1,b+n+1)-b-1; fo(i,1,n) build(1,tot,root[i-1],root[i],lower_bound(b+1,b+n+1,a[i])-b); while(m--) { scanf("%d%d%d",&x,&y,&k); printf("%d\n",b[query(1,tot,root[x-1],root[y],k)]); } } return 0; }
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