bzoj 4873 [Shoi2017]寿司餐厅
2017-05-01 14:30
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Description
Kiana最近喜欢到一家非常美味的寿司餐厅用餐。每天晚上,这家餐厅都会按顺序提供n种寿司,第i种寿司有一个
代号ai和美味度di,i,不同种类的寿司有可能使用相同的代号。每种寿司的份数都是无限的,Kiana也可以无限次
取寿司来吃,但每种寿司每次只能取一份,且每次取走的寿司必须是按餐厅提供寿司的顺序连续的一段,即Kiana
可以一次取走第1,2种寿司各一份,也可以一次取走第2,3种寿司各一份,但不可以一次取走第1,3种寿司。由于餐
厅提供的寿司种类繁多,而不同种类的寿司之间相互会有影响:三文鱼寿司和鱿鱼寿司一起吃或许会很棒,但和水
果寿司一起吃就可能会肚子痛。因此,Kiana定义了一个综合美味度di,j(i < j),表示在一次取的寿司中,如果包含
了餐厅提供的从第i份到第j份的所有寿司,吃掉这次取的所有寿司后将获得的额外美味度。由于取寿司需要花费一
些时间,所以我们认为分两次取来的寿司之间相互不会影响。注意在吃一次取的寿司时,不止一个综合美味度会被
累加,比如若Kiana一次取走了第1,2,3种寿司各一份,除了d1,3以外,d1,2,d2,3也会被累加进总美味度中。神奇
的是,Kiana的美食评判标准是有记忆性的,无论是单种寿司的美味度,还是多种寿司组合起来的综合美味度,在
计入Kiana的总美味度时都只会被累加一次。比如,若Kiana某一次取走了第1,2种寿司各一份,另一次取走了第2,3
种寿司各一份,那么这两次取寿司的总美味度为d1,1+d2,2+d3,3+d1,2+d2,3,其中d2,2只会计算一次。奇怪的是,
这家寿司餐厅的收费标准很不同寻常。具体来说,如果Kiana一共吃过了c(c>0)种代号为x的寿司,则她需要为这些
寿司付出mx^2+cx元钱,其中m是餐厅给出的一个常数。现在Kiana想知道,在这家餐厅吃寿司,自己能获得的总美
味度(包括所有吃掉的单种寿司的美味度和所有被累加的综合美味度)减去花费的总钱数的最大值是多少。由于她
不会算,所以希望由你告诉她
Input
第一行包含两个正整数n,m,分别表示这家餐厅提供的寿司总数和计算寿司价格中使用的常数。
第二行包含n个正整数,其中第k个数ak表示第k份寿司的代号。
接下来n行,第i行包含n-i+1个整数,其中第j个数di,i+j-1表示吃掉寿司能
获得的相应的美味度,具体含义见问题描述。
N<=100,Ai<=1000
Output
输出共一行包含一个正整数,表示Kiana能获得的总美味度减去花费的总钱数的最大值。
Sample Input
3 1
2 3 2
5 -10 15
-10 15
15
Sample Output
12
【样例1说明】
在这组样例中,餐厅一共提供了3份寿司,它们的代号依次为a1=2,a2=3,a3=2,计算价格时的常数m=1。在保证每
次取寿司都能获得新的美味度的前提下,Kiana一共有14种不同的吃寿司方案:
1.Kiana一个寿司也不吃,这样她获得的总美味度和花费的总钱数都是0,两者相减也是0;
2.Kiana只取1次寿司,且只取第1个寿司,即她取寿司的情况为{[1,1]},这样获得的总美味度为5,花费的总钱数
为1-2^2+1*2=6,两者相减为-1;
3.Kiana只取1次寿司,且只取第2个寿司,即她取寿司的情况为{[2,2]},这样获得的总美味度为-10,花费的总钱
数为1-3^2+1*3=12,两者相减为-22;
4.Kiana只取1次寿司,且只取第3个寿司,即她取寿司的情况为{[3,3]},这样获得的总美味度为15,花费的总钱数
为1*2^2+1*2=6,两者相减为9;
5.Kiana只取1次寿司,且取第1,2个寿司,即她取寿司的情况为{[1,2]},这样获得的总美味度为5+(-10)+(-10)=-1
5,花费的总钱数为(1-2^2+1*2)+(1-3^2+1*3)=18,两者相减为-33;
6.Kiana只取1次寿司,且取第2,3个寿司,即她取寿司的情况为{[2,3]},这样获得的总美味度为(-10)+15+15=20,
花费的总钱数为(1-2^2+1*2)+(1*3^2+1*3)=18,两者相减为2;
7.Kiana只取1次寿司,且取第1,2,3个寿司,即她取寿司的情况为{[1,3]},这样获得的总美味度为5+(-10)+15+(-1
0)+15+15=30,花费的总钱数为(1*2^2+2*2)+(1*3^2+1*3)=20,两者相减为10。
8.Kiana取2次寿司,第一次取第1个寿司,第二次取第2个寿司,即她取寿司的情况为{[1,1],[2,2]},这样获得的
总美味度为5+(-10)=-5,花费的总钱数为(1*2^2+1*2)+(1*3^2+1*3)=18,两者相减为-23;
9.Kiana取2次寿司,第一次取第1个寿司,第二次取第3个寿司,即她取寿司的情况为{[1,1],[3,3]},这样获得的
总美味度为5+15=20,花费的总钱数为1*2^2+2*2=8,两者相减为12;
10.Kiana取2次寿司,第一次取第2个寿司,第二次取第3个寿司,即她取寿司的情况为{[2,2],[3,3]},这样获得的
总美味度为(-10)+15=5,花费的总钱数为(1*2^2+1*2)+(1*3^2+1*3)=18,两者相减为-13;
11.Kiana取2次寿司,第一次取第1,2个寿司,第二次取第3个寿司,即她取寿司的情况为{[1,2],[3,3]},这样获得
的总美味度为5+(-10)+(-10)+15=0,花费的总钱数为(1*2^2+2*2)+(1*3^2+1*3)=20,两者相减为-20;
12.Kiana取2次寿司,第一次取第1个寿司,第二次取第2,3个寿司,即她取寿司的情况为{[1,1],[2,3]},这样获得
的总美味度为5+(-10)+15+15=25,花费的总钱数为(1-22+2-2)+(1-32+1-3)=20,两者相减为5;
13.Kiana取2次寿司,第一次取第1,2个寿司,第二次取第2,3个寿司,即她取寿司的情况为{[1,2],[2,3]},这样获
得的总美味度为5+(-10)+15+(-10)+15=15,花费的总钱数为(1*2^2+2*2)+(1*3^2+1*3)=20,两者相减为-5;
14.Kiana取3次寿司,第一次取第1个寿司,第二次取第2个寿司,第三次取第3个寿司,即她取寿司的情况为{[1,1]
,[2,2],[3,3]},这样获得的总美味度为5+(-10)+15=10,花费的总钱数为(1*2^2+2*2)+(1*3^2+1*3)=20,两者相减
为-10。
所以Kiana会选择方案9,这时她获得的总美味度减去花费的总钱数的值最大为12。
HINT
Source
黑吉辽沪冀晋六省联考
【分析】
http://www.cnblogs.com/SilverNebula/
其实不太懂建边的小优化= =
【代码】
Kiana最近喜欢到一家非常美味的寿司餐厅用餐。每天晚上,这家餐厅都会按顺序提供n种寿司,第i种寿司有一个
代号ai和美味度di,i,不同种类的寿司有可能使用相同的代号。每种寿司的份数都是无限的,Kiana也可以无限次
取寿司来吃,但每种寿司每次只能取一份,且每次取走的寿司必须是按餐厅提供寿司的顺序连续的一段,即Kiana
可以一次取走第1,2种寿司各一份,也可以一次取走第2,3种寿司各一份,但不可以一次取走第1,3种寿司。由于餐
厅提供的寿司种类繁多,而不同种类的寿司之间相互会有影响:三文鱼寿司和鱿鱼寿司一起吃或许会很棒,但和水
果寿司一起吃就可能会肚子痛。因此,Kiana定义了一个综合美味度di,j(i < j),表示在一次取的寿司中,如果包含
了餐厅提供的从第i份到第j份的所有寿司,吃掉这次取的所有寿司后将获得的额外美味度。由于取寿司需要花费一
些时间,所以我们认为分两次取来的寿司之间相互不会影响。注意在吃一次取的寿司时,不止一个综合美味度会被
累加,比如若Kiana一次取走了第1,2,3种寿司各一份,除了d1,3以外,d1,2,d2,3也会被累加进总美味度中。神奇
的是,Kiana的美食评判标准是有记忆性的,无论是单种寿司的美味度,还是多种寿司组合起来的综合美味度,在
计入Kiana的总美味度时都只会被累加一次。比如,若Kiana某一次取走了第1,2种寿司各一份,另一次取走了第2,3
种寿司各一份,那么这两次取寿司的总美味度为d1,1+d2,2+d3,3+d1,2+d2,3,其中d2,2只会计算一次。奇怪的是,
这家寿司餐厅的收费标准很不同寻常。具体来说,如果Kiana一共吃过了c(c>0)种代号为x的寿司,则她需要为这些
寿司付出mx^2+cx元钱,其中m是餐厅给出的一个常数。现在Kiana想知道,在这家餐厅吃寿司,自己能获得的总美
味度(包括所有吃掉的单种寿司的美味度和所有被累加的综合美味度)减去花费的总钱数的最大值是多少。由于她
不会算,所以希望由你告诉她
Input
第一行包含两个正整数n,m,分别表示这家餐厅提供的寿司总数和计算寿司价格中使用的常数。
第二行包含n个正整数,其中第k个数ak表示第k份寿司的代号。
接下来n行,第i行包含n-i+1个整数,其中第j个数di,i+j-1表示吃掉寿司能
获得的相应的美味度,具体含义见问题描述。
N<=100,Ai<=1000
Output
输出共一行包含一个正整数,表示Kiana能获得的总美味度减去花费的总钱数的最大值。
Sample Input
3 1
2 3 2
5 -10 15
-10 15
15
Sample Output
12
【样例1说明】
在这组样例中,餐厅一共提供了3份寿司,它们的代号依次为a1=2,a2=3,a3=2,计算价格时的常数m=1。在保证每
次取寿司都能获得新的美味度的前提下,Kiana一共有14种不同的吃寿司方案:
1.Kiana一个寿司也不吃,这样她获得的总美味度和花费的总钱数都是0,两者相减也是0;
2.Kiana只取1次寿司,且只取第1个寿司,即她取寿司的情况为{[1,1]},这样获得的总美味度为5,花费的总钱数
为1-2^2+1*2=6,两者相减为-1;
3.Kiana只取1次寿司,且只取第2个寿司,即她取寿司的情况为{[2,2]},这样获得的总美味度为-10,花费的总钱
数为1-3^2+1*3=12,两者相减为-22;
4.Kiana只取1次寿司,且只取第3个寿司,即她取寿司的情况为{[3,3]},这样获得的总美味度为15,花费的总钱数
为1*2^2+1*2=6,两者相减为9;
5.Kiana只取1次寿司,且取第1,2个寿司,即她取寿司的情况为{[1,2]},这样获得的总美味度为5+(-10)+(-10)=-1
5,花费的总钱数为(1-2^2+1*2)+(1-3^2+1*3)=18,两者相减为-33;
6.Kiana只取1次寿司,且取第2,3个寿司,即她取寿司的情况为{[2,3]},这样获得的总美味度为(-10)+15+15=20,
花费的总钱数为(1-2^2+1*2)+(1*3^2+1*3)=18,两者相减为2;
7.Kiana只取1次寿司,且取第1,2,3个寿司,即她取寿司的情况为{[1,3]},这样获得的总美味度为5+(-10)+15+(-1
0)+15+15=30,花费的总钱数为(1*2^2+2*2)+(1*3^2+1*3)=20,两者相减为10。
8.Kiana取2次寿司,第一次取第1个寿司,第二次取第2个寿司,即她取寿司的情况为{[1,1],[2,2]},这样获得的
总美味度为5+(-10)=-5,花费的总钱数为(1*2^2+1*2)+(1*3^2+1*3)=18,两者相减为-23;
9.Kiana取2次寿司,第一次取第1个寿司,第二次取第3个寿司,即她取寿司的情况为{[1,1],[3,3]},这样获得的
总美味度为5+15=20,花费的总钱数为1*2^2+2*2=8,两者相减为12;
10.Kiana取2次寿司,第一次取第2个寿司,第二次取第3个寿司,即她取寿司的情况为{[2,2],[3,3]},这样获得的
总美味度为(-10)+15=5,花费的总钱数为(1*2^2+1*2)+(1*3^2+1*3)=18,两者相减为-13;
11.Kiana取2次寿司,第一次取第1,2个寿司,第二次取第3个寿司,即她取寿司的情况为{[1,2],[3,3]},这样获得
的总美味度为5+(-10)+(-10)+15=0,花费的总钱数为(1*2^2+2*2)+(1*3^2+1*3)=20,两者相减为-20;
12.Kiana取2次寿司,第一次取第1个寿司,第二次取第2,3个寿司,即她取寿司的情况为{[1,1],[2,3]},这样获得
的总美味度为5+(-10)+15+15=25,花费的总钱数为(1-22+2-2)+(1-32+1-3)=20,两者相减为5;
13.Kiana取2次寿司,第一次取第1,2个寿司,第二次取第2,3个寿司,即她取寿司的情况为{[1,2],[2,3]},这样获
得的总美味度为5+(-10)+15+(-10)+15=15,花费的总钱数为(1*2^2+2*2)+(1*3^2+1*3)=20,两者相减为-5;
14.Kiana取3次寿司,第一次取第1个寿司,第二次取第2个寿司,第三次取第3个寿司,即她取寿司的情况为{[1,1]
,[2,2],[3,3]},这样获得的总美味度为5+(-10)+15=10,花费的总钱数为(1*2^2+2*2)+(1*3^2+1*3)=20,两者相减
为-10。
所以Kiana会选择方案9,这时她获得的总美味度减去花费的总钱数的值最大为12。
HINT
Source
黑吉辽沪冀晋六省联考
【分析】
http://www.cnblogs.com/SilverNebula/
其实不太懂建边的小优化= =
【代码】
//bzoj 4873 #include<queue> #include<cstdio> #include<cstring> #include<iostream> #include<algorithm> #define inf 1e18 #define ll long long #define p(i,j) (i-1)*n+j #define M(a) memset(a,0,sizeof a) #define fo(i,j,k) for(i=j;i<=k;i++) using namespace std; const int mxn=100005; struct edge {int to,next;ll flow;}f[mxn<<1]; queue <int> q; ll ans; bool vis[mxn]; int n,m,S,T,cnt; int d[105][105],dis[mxn],head[mxn]; inline void add(int u,int v,ll flow) { f[++cnt].to=v,f[cnt].next=head[u],f[cnt].flow=flow,head[u]=cnt; f[++cnt].to=u,f[cnt].next=head[v],f[cnt].flow=0,head[v]=cnt; } inline bool bfs() { memset(dis,-1,sizeof dis); dis[S]=0; q.push(S); while(!q.empty()) { int u=q.front(); q.pop(); for(int i=head[u];i;i=f[i].next) { int v=f[i].to; if(dis[v]==-1 && f[i].flow>0) dis[v]=dis[u]+1,q.push(v); } } return dis[T]>0; } inline ll find(int u,ll low) { ll a=0,sum=0; if(u==T) return low; for(int i=head[u];i;i=f[i].next) { int v=f[i].to;ll flow=f[i].flow; if(flow>0 && dis[v]==dis[u]+1 && (a=find(v,min(flow,low-sum)))) { sum+=a; f[i].flow-=a; if(i&1) f[i+1].flow+=a; else f[i-1].flow+=a; } } if(!sum) dis[u]=-1; return sum; } int main() { int i,j,x; scanf("%d%d",&n,&m); S=0,T=n*n+n+1005; fo(i,1,n) { scanf("%d",&x); add(n*n+i,T,x); add(n*n+i,n*n+n+x,inf); //n*n+n+1~n*n+1000:新建虚拟点 if(!vis[x]) vis[x]=1,add(n*n+n+x,T,(ll)m*x*x); } fo(i,1,n) fo(j,i,n) { scanf("%d",&x); if(x>0) ans+=x,add(S,p(i,j),x); else add(p(i,j),T,-x); add(p(i,j),n*n+i,inf); add(p(i,j),n*n+j,inf); if(i!=j) { add(p(i,j),p(i+1,j),inf); add(p(i,j),p(i,j-1),inf); } } while(bfs()) ans-=find(S,inf); printf("%lld\n",ans); return 0; }
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