COGS1882 [国家集训队2011]单选错位
2017-04-19 22:44
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★ 输入文件:
nt2011_exp.in输出文件:
nt2011_exp.out简单对比
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【试题来源】
2011中国国家集训队命题答辩【问题描述】
gx和lc去参加noip初赛,其中有一种题型叫单项选择题,顾名思义,只有一个选项是正确答案。试卷上共有n道单选题,第i道单选题有ai个选项,这ai个选项编号是1,2,3,…,ai,每个选项成为正确答案的概率都是相等的。lc采取的策略是每道题目随机写上1-ai的某个数作为答案选项,他用不了多少时间就能期望做对 道题目。gx则是认认真真地做完了这n道题目,可是等他做完的时候时间也所剩无几了,于是他匆忙地把答案抄到答题纸上,没想到抄错位了:第i道题目的答案抄到了答题纸上的第i+1道题目的位置上,特别地,第n道题目的答案抄到了第1道题目的位置上。现在gx已经走出考场没法改了,不过他还是想知道自己期望能做对几道题目,这样他就知道会不会被lc鄙视了。我们假设gx没有做错任何题目,只是答案抄错位置了。
【输入格式】
n很大,为了避免读入耗时太多,输入文件只有5个整数参数n, A, B, C, a1,由上交的程序产生数列a。下面给出pascal/C/C++的读入语句和产生序列的语句(默认从标准输入读入):// for pascal readln(n,A,B,C,q[1]); for i:=2 to n do q[i] := (int64(q[i-1]) * A + B) mod 100000001; for i:=1 to n do q[i] := q[i] mod C + 1; |
// for C/C++ scanf("%d%d%d%d%d",&n,&A,&B,&C,a+1); for (int i=2;i<=n;i++) a[i] = ((long long)a[i-1] * A + B) % 100000001; for (int i=1;i<=n;i++) a[i] = a[i] % C + 1; |
选手可以通过以上的程序语句得到n和数列a(a的元素类型是32位整数),n和a的含义见题目描述。
【输出格式】
输出一个实数,表示gx期望做对的题目个数,保留三位小数。【样例输入】
3 2 0 4 1【样例输出】
1.167【样例说明】
a[] = {2,3,1}正确答案 | gx的答案 | 做对题目 | 出现概率 |
{1,1,1} | {1,1,1} | 3 | 1/6 |
{1,2,1} | {1,1,2} | 1 | 1/6 |
{1,3,1} | {1,1,3} | 1 | 1/6 |
{2,1,1} | {1,2,1} | 1 | 1/6 |
{2,2,1} | {1,2,2} | 1 | 1/6 |
{2,3,1} | {1,2,3} | 0 | 1/6 |
共有6种情况,每种情况出现的概率是1/6,gx期望做对(3+1+1+1+1+0)/6 = 7/6题。(相比之下,lc随机就能期望做对11/6题)
【数据规模和约定】
对于30%的数据 n≤10, C≤10对于80%的数据 n≤10000, C≤10
对于90%的数据 n≤500000, C≤100000000
对于100%的数据 2≤n≤10000000, 0≤A,B,C,a1≤100000000
数学问题 数学期望
我们可以惊喜地发现每道题的情况是独立的。
对于第i+1道题,有$a[i+1]$种可能的正解,有$a[i]$种可能填上去的答案。
那么总情况数有$a[i+1]*a[i]$种,其中正确的情况有$min(a[i+1],a[i])$种,约分一下得到答案就是$ \sum 1/max(a[i+1],a[i]) $
#include<iostream> #include<algorithm> #include<cstring> #include<cstdio> #include<cmath> using namespace std; const int mxn=10000001; int read(){ int x=0,f=1;char ch=getchar(); while(ch<'0' || ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();} while(ch>='0' && ch<='9'){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();} return x*f; } int n,A,B,C,a[mxn]; double ans=0; int main(){ freopen("nt2011_exp.in","r",stdin); freopen("nt2011_exp.out","w",stdout); int i,j; scanf("%d%d%d%d%d",&n,&A,&B,&C,a+1); for(int i=2;i<=n;i++) a[i]=((long long)a[i-1]*A+B)%100000001; for(int i=1;i<=n;i++) a[i]=a[i]%C+1; for(i=1;i<n;i++)ans+=1/(double)max(a[i],a[i+1]); ans+=1/(double)max(a[1],a ); printf("%.3f\n",ans); return 0; }
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