51nod 1103 N的倍数 (抽屉原理)
2017-04-13 00:46
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这题乍一看是普通的背包做法,但是发现时间复杂度无法承受。
发现mod的是n,余数有0~n-1这些情况,
一共有n个数,如果有余数为0的,那么就直接出答案了。
如果没有,即1~n-1中,但是有n个数,说明至少有2个是余数相同的(抽屉原理)。
对于普通的数,这个性质看上去没什么用。
但是,对于前缀和就有用了。
有n个前缀和,至少有2个前缀和是相同的。
那么这两个下标中间的部分就是我们要的答案了。
这题是有了%n的这个条件才可以用抽屉原理做,因为如果不是%n,%了一个比n大的数,就不一定有这个性质,这样就只能用普通的背包做了。
很巧妙的构思!
#include<iostream>
#include<string.h>
#include<string>
#include<algorithm>
#include<stdio.h>
using namespace std;
const int maxn = 52000;
int vis[maxn];
int arr[maxn];
void init()
{
memset(vis,0x3f,sizeof(vis));
}
int main()
{
int n;
while(cin>>n)
{
init();
int sum = 0;
int x,y;
x = y = 0;
for(int i = 0;i<n;i++) scanf("%d",&arr[i]);
vis[0] = -1;
for(int i = 0;i<n;i++)
{
int tmp = arr[i];
sum += tmp;
sum %= n;
if(vis[sum] != 0x3f3f3f3f)
{
x = vis[sum] + 1;
y = i;
printf("%d\n",y-x+1);
break;
}
vis[sum] = i;
}
for(int i = x;i<=y;i++)
{
printf("%d\n",arr[i]);
}
}
return 0;
}
发现mod的是n,余数有0~n-1这些情况,
一共有n个数,如果有余数为0的,那么就直接出答案了。
如果没有,即1~n-1中,但是有n个数,说明至少有2个是余数相同的(抽屉原理)。
对于普通的数,这个性质看上去没什么用。
但是,对于前缀和就有用了。
有n个前缀和,至少有2个前缀和是相同的。
那么这两个下标中间的部分就是我们要的答案了。
这题是有了%n的这个条件才可以用抽屉原理做,因为如果不是%n,%了一个比n大的数,就不一定有这个性质,这样就只能用普通的背包做了。
很巧妙的构思!
#include<iostream>
#include<string.h>
#include<string>
#include<algorithm>
#include<stdio.h>
using namespace std;
const int maxn = 52000;
int vis[maxn];
int arr[maxn];
void init()
{
memset(vis,0x3f,sizeof(vis));
}
int main()
{
int n;
while(cin>>n)
{
init();
int sum = 0;
int x,y;
x = y = 0;
for(int i = 0;i<n;i++) scanf("%d",&arr[i]);
vis[0] = -1;
for(int i = 0;i<n;i++)
{
int tmp = arr[i];
sum += tmp;
sum %= n;
if(vis[sum] != 0x3f3f3f3f)
{
x = vis[sum] + 1;
y = i;
printf("%d\n",y-x+1);
break;
}
vis[sum] = i;
}
for(int i = x;i<=y;i++)
{
printf("%d\n",arr[i]);
}
}
return 0;
}
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