BZOJ3944: Sum 杜教筛
2017-04-11 13:30
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杜教筛,用于在n的2/3次方的时间复杂度内求某些积性函数的前缀和。
记目标函数为f(i),前缀和为F(i)
令g(i)=sigma(d|i) f(d)
G(i)为g(i)前缀和
G(n)=sigma(i=1~n) g(i)
=sigma(i=1~n) sigma(d|i) f(d)
=sigma(d=1~n) f(d)*(n/d)
=sigma(i=1~n) F(n/i)
由此得 F(n)=G(n)-sigma(i=2~n) F(n/i)
若G(i)可以O(1)求,那么预处理前n^(2/3)个F(i),用记忆化搜索的方式求F,总时间复杂度为n^(2/3)。
对于欧拉函数,g(i)=i,所以G(i)=(i+1)*i/2
对于梦比优斯函数,g(1)=1,g(n)=0(n!=1),所以G(i)=1
于是就可以求了。
#include<cstdio> #include<algorithm> #include<cmath> #include<ext/pb_ds/assoc_container.hpp> #define gm 2000000 using namespace std; typedef long long ll; int T,size; int a[10]; ll b[10]; typedef __gnu_pbds::gp_hash_table<int,ll> hat; hat h; int stk[gm],top; bool np[gm]; ll phi[gm],mu[gm]; void liner() { phi[1]=mu[1]=1; for(int i=2;i<=size;++i) { if(!np[i]) { stk[++top]=i; phi[i]=i-1; mu[i]=-1; } for(int j=1;j<=top;++j) { int x=stk[j]; if(i*x>size) break; np[i*x]=1; if(i%x) { phi[i*x]=phi[i]*phi[x]; mu[i*x]=mu[i]*mu[x]; } else { phi[i*x]=phi[i]*x; mu[i*x]=0; break; } } } for(int i=1;i<=size;++i) { phi[i]+=phi[i-1]; mu[i]+=mu[i-1]; } } struct Phi { ll* A; Phi():A(phi){} ll G(int n) { return (n+1ll)*n>>1; } }; struct Mu { ll *A; Mu():A(mu){} ll G(int n) { return 1ll; } }; template<typename T> struct F:public T { ll operator() (int n) { if(n<=size) return T::A ; hat::point_iterator it=h.find(n); if(it!=h.end()) return it->second; ll res=T::G(n); for(int i=2,j;j!=n;i=j+1) { j=n/(n/i); ll x=operator()(n/i); res-=(j-i+1)*x; } return h =res; } }; F<Phi> F_phi; F<Mu> F_mu; int main() { int maxn=0; scanf("%d",&T); for(int i=0;i<T;++i) { scanf("%d",a+i); maxn=max(maxn,a[i]); } size=pow(maxn,2.0/3.0)+0.5; liner(); for(int i=0;i<T;++i) { b[i]=F_phi(a[i]); } h.clear(); for(int i=0;i<T;++i) { printf("%lld %lld\n",b[i],F_mu(a[i])); } return 0; }
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