bzoj3238: [Ahoi2013]差异
2017-03-29 20:10
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http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=3238题解
连我都能自己想出来,说明这道题水的不行,就像我弱的不行一样。 ——IAMACER前面两项可以用等差数列求和公式求得,这里不再多说。
欲求∑1≤i<j≤Nlcp(Ti,Tj)。
显然首先要求后缀数组,那我们就有了height,为了方便叙述,下面用r代替height。
现在问题变成,求∑1≤i<j≤Nmin(rj,rj−1,...,ri)
这个东西可以单调栈求。
因为我们总是连续取min,所以当一个元素ri进入考虑范畴的时候,以后加入的元素想要和它前面的取min就一定要经过它。所以说下标小于i且权值大于ri的那些数的大小都用不到了,那就可以直接合并起来,让ri前面比它大的数都合并成一个数,大小就等于ri,再用一个cnt统计个数。
那就维护一个单调上升的单调栈,每个元素记录大小与个数。每加入一个新的元素,就把栈顶比它大的都弹掉,记录弹出了几个,将其个数加到新加入元素的cnt中。同时用一个sum记录栈中所有元素的加权和(即个数乘以大小的和)。每个元素添加完毕,就将ans+=sum。
后缀数组+单调栈,老套路了。
代码
//后缀数组+单调栈 #include <cstdio> #include <algorithm> #include <cstring> #define maxn 500010 #define ll long long using namespace std; ll r[maxn], sa[maxn], rank[maxn], ws[maxn], wv[maxn], height[maxn], wa[maxn], wb[maxn], L, stack[maxn], top, ans, cnt[maxn]; char s[maxn]; inline bool cmp(ll *y, ll a, ll b, ll l){return y[a]==y[b] and y[a+l]==y[b+l];} void da(ll *r, ll n, ll m) { ll i, j, k=0, *x=wa, *y=wb, *t, p; for(i=0;i<m;i++)ws[i]=0; for(i=0;i<n;i++)ws[x[i]=r[i]]++; for(i=1;i<m;i++)ws[i]+=ws[i-1]; for(i=n-1;i>=0;i--)sa[--ws[x[i]]]=i; for(p=j=1;p<n;j<<=1,m=p) { for(p=0,i=n-j;i<n;i++)y[p++]=i; for(i=0;i<n;i++)if(sa[i]>=j)y[p++]=sa[i]-j; for(i=0;i<n;i++)wv[i]=x[y[i]]; for(i=0;i<m;i++)ws[i]=0; for(i=0;i<n;i++)ws[wv[i]]++; for(i=1;i<m;i++)ws[i]+=ws[i-1]; for(i=n-1;i>=0;i--)sa[--ws[wv[i]]]=y[i]; for(t=x,x=y,y=t,p=1,i=1,x[sa[0]]=0;i<n;i++) x[sa[i]]=cmp(y,sa[i-1],sa[i],j)?p-1:p++; } for(i=0;i<n;i++)rank[sa[i]]=i; for(i=0;i<n-1;height[rank[i++]]=k) for(k?k--:0,j=sa[rank[i]-1];r[i+k]==r[j+k];k++); } void init() { int i; scanf("%s",s);L=strlen(s); for(i=0;i<L;i++)r[i]=s[i]; da(r,L+1,300); for(i=1;i<=L;i++)r[i]=height[i]; } void work() { ll i, sum=0, t; for(i=1;i<=L;i++) { t=1; while(top and stack[top]>r[i]) { sum-=cnt[top]*stack[top]; t+=cnt[top]; top--; } stack[++top]=r[i];cnt[top]=t;sum+=t*r[i]; ans+=sum; } ans*=-2; for(i=1;i<L;i++)ans+=(L-i)*(i+i+1 + i+L)/2; } int main() { init(); work(); printf("%lld",ans); return 0; }
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