BZOJ 2154 Crash的数字表格

Description

今天的数学课上，Crash小朋友学习了最小公倍数(Least Common Multiple)。对于两个正整数a和b，LCM(a, b)表示能同时被a和b整除的最小正整数。例如，LCM(6, 8) = 24。回到家后，Crash还在想着课上学的东西，为了研究最小公倍数，他画了一张N*M的表格。每个格子里写了一个数字，其中第i行第j列的那个格子里写着数为LCM(i, j)。一个4*5的表格如下： 1 2 3 4 5 2 2 6 4 10 3 6 3 12 15 4 4 12 4 20 看着这个表格，Crash想到了很多可以思考的问题。不过他最想解决的问题却是一个十分简单的问题：这个表格中所有数的和是多少。当N和M很大时，Crash就束手无策了，因此他找到了聪明的你用程序帮他解决这个问题。由于最终结果可能会很大，Crash只想知道表格里所有数的和mod
20101009的值。

Input

输入的第一行包含两个正整数，分别表示N和M。

Output

输出一个正整数，表示表格中所有数的和mod 20101009的值。

Sample Input

4 5

Sample Output

122

【数据规模和约定】

100%的数据满足N, M ≤ 10^7。

HINT

Source

~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~

莫比乌斯反演~

debug到怀疑人生，然后发现是读入优化写错了……

思路见学姐的博客：http://blog.csdn.net/regina8023/article/details/44243911~

（取模加括号，过程开long long，不然WA到飞起= =）

#include<cstdio>
#include<iostream>
using namespace std;
#define modd 20101009
#define N 10000001
#define ll long long

int n,m,miu
,c[1000001],num
;
ll ans,ne;
bool bb
;

int read()
{
int x=0,f=1;char ch=getchar();
while(ch<'0' || ch>'9') {if(ch=='-') f=-1;ch=getchar();}
while(ch>='0' && ch<='9') {x=(x<<1)+(x<<3)+ch-'0';ch=getchar();}
return x*f;
}

ll nn(ll u,ll v)
{
return (((u*(u+1)/2)%modd)*((v*(v+1)/2)%modd))%modd;
}

ll cal(ll a,ll b,ll k)
{
a/=k;b/=k;
if(a>b) swap(a,b);
if(!a) return 0;
ll tot=0,ne;
for(ll i=1;i<=a;i=ne)
{
ne=min(a/(a/i),b/(b/i))+1;
tot=(tot+((num[ne-1]-num[i-1])*nn(a/i,b/i)%modd))%modd;
}
return tot;
}

int main()
{
n=read();m=read();
if(n>m) swap(n,m);
miu[1]=1;
for(int i=2;i<=n;i++)
{
if(!bb[i]) c[++c[0]]=i,miu[i]=-1;
for(int j=1;j<=c[0] && c[j]*i<=n;j++)
{
bb[i*c[j]]=1;
if(i%c[j]) miu[i*c[j]]=-miu[i];
else break;
}
}
for(ll i=1;i<=n;i++) num[i]=(num[i-1]+(i*i*miu[i])%modd)%modd;
for(ll i=1;i<=n;i=ne)
{
ne=min(n/(n/i),m/(m/i))+1;
ans=(ans+((i+ne-1)*(ne-i)/2)%modd*cal(n,m,i)%modd)%modd;
}
printf("%lld\n",(ans+modd)%modd);
return 0;
}