POJ 3267 The Cow Lexicon (dp)
2017-03-18 14:34
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参考博客:
Poj 3267 The Cow Lexicon
题意: 给出一个主串,和一本字典,问最少在主串删除多少字母,可以使其匹配到字典的单词序列。
PS: 是匹配单词序列,而不是一个单词
主要是知道状态方程的含义
dp[i]表示从message中第i个字符开始,到第L个字符(结尾处)这段区间所删除的字符数,初始化为dp[L]=0
由于我的程序是从message尾部向头部检索匹配,所以是下面的状态方程:
从程序可以看出,第i个位置到L所删除的字符数,总是先取最坏情况,只有可以匹配单词时才进入第二条方程进行状态优化更新。
第一条方程不难理解,只要弄懂dp[i]的意义就能简单推导
第二条方程难点在dp[pm]+(pm-i)-len
从程序知道,pm是message的指针(其中i表示当前所匹配的单词在message中的起始位置),pd是字典的指针
匹配的过程是:
当确认message第i位和某单词的首位吻合时,就开始逐字匹配,字符相同则两个指针同时向后移动一次,否则pd固定,pm移动。当因为pm>L跳出匹配时,说明匹配失败,dp[i]状态不变;当pd==单词长度时,单词匹配成功,进行dp[i]的状态优化
显然,匹配成功时,pm-i代表匹配过程中,从位置i到pm的区间长度,再减去单词长度len,则得到从i到pm所删除的字符数(pm-i)-len。又dp[pm]表示从pm到L所删除的字符数(根据检索方向,dp[pm]的值在此前已经被作为最坏打算处理,因此并不是空值)
从而dp[pm]+(pm-i)-len表示i到L删除的字符数,不难证明这个值一定比dp[i]相等或更优,因此取min赋值给dp[i]
这是本题最难的地方
最后输出dp[0]就可以了,dp[0]的意思相信大家都明白了
/*****************华丽的分割线*********************/
以上摘自参考博客, 下面是我自己写的Code:
Poj 3267 The Cow Lexicon
题意: 给出一个主串,和一本字典,问最少在主串删除多少字母,可以使其匹配到字典的单词序列。
PS: 是匹配单词序列,而不是一个单词
主要是知道状态方程的含义
dp[i]表示从message中第i个字符开始,到第L个字符(结尾处)这段区间所删除的字符数,初始化为dp[L]=0
由于我的程序是从message尾部向头部检索匹配,所以是下面的状态方程:
从程序可以看出,第i个位置到L所删除的字符数,总是先取最坏情况,只有可以匹配单词时才进入第二条方程进行状态优化更新。
第一条方程不难理解,只要弄懂dp[i]的意义就能简单推导
第二条方程难点在dp[pm]+(pm-i)-len
从程序知道,pm是message的指针(其中i表示当前所匹配的单词在message中的起始位置),pd是字典的指针
匹配的过程是:
当确认message第i位和某单词的首位吻合时,就开始逐字匹配,字符相同则两个指针同时向后移动一次,否则pd固定,pm移动。当因为pm>L跳出匹配时,说明匹配失败,dp[i]状态不变;当pd==单词长度时,单词匹配成功,进行dp[i]的状态优化
显然,匹配成功时,pm-i代表匹配过程中,从位置i到pm的区间长度,再减去单词长度len,则得到从i到pm所删除的字符数(pm-i)-len。又dp[pm]表示从pm到L所删除的字符数(根据检索方向,dp[pm]的值在此前已经被作为最坏打算处理,因此并不是空值)
从而dp[pm]+(pm-i)-len表示i到L删除的字符数,不难证明这个值一定比dp[i]相等或更优,因此取min赋值给dp[i]
这是本题最难的地方
最后输出dp[0]就可以了,dp[0]的意思相信大家都明白了
/*****************华丽的分割线*********************/
以上摘自参考博客, 下面是我自己写的Code:
#include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #include<string> using namespace std; const int maxn = 1000; const int inf = 0x3f3f3f3f3f; int w, l; char c[maxn]; char word[maxn][maxn]; int dp[maxn]; int main() { int i, j, k; //freopen("in.txt", "r", stdin); while(~scanf("%d %d", &w, &l)){ memset(dp, inf, sizeof(dp)); scanf("%s", c); for(i=1; i<=w; i++){ scanf("%s", word[i]); } int clen = strlen(c); dp[clen] = 0; for(i=clen-1; i>=0; i--){ dp[i] = dp[i+1]+1; for(j=1; j<=w; j++){ int len = strlen(word[j]); if(c[i]==word[j][0] && len<=clen-i ){ int a = 0, b=i; while(a<len && b<clen){ if(word[j][a] == c[b]) { a++, b++; continue; } else b++; } if(a==len) { dp[i] = min(dp[i], dp[b]+b-i-len); } } } } printf("%d\n",dp[0] ); } return 0; }
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