【JZOJ3861】【JSOI2014】支线剧情2
2017-01-17 22:33
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Description
Data Constraint
Solution
这是一道树形dp的题。虽然我到死也没想出来……我们设出f[x][0..1]。f[x][0]表示当前以x为根的子树全不放存档点的代价。f[x][1]表示当前以x为根的子树放了存档点的代价。f[x][0]的转移显然,我们来想想怎么转移f[x][1]。以x为根的子树若放了存档点,有3种情况:
1、当前的x的直接儿子y,假如它也放了存档点,那么就有f[y][1]+deep[y],即重新从1走到y,存个档后往下走。deep[y]表示从1走到y的代价。
2、当前的x的直接儿子y,假如它没放了存档点,而x放了存档点,那么就有f[y][0]+size[y]*value[t],即每次从x存档点往下走到y,那么x到y的边则走了size[y]次。size[y]表示以y为根的子树的叶子节点,value[t]表示x到y的边权。
3、当前的x的直接儿子y,假设y之前的x的直接儿子都不放存档点,而x放了存档点,y也放了存档点,那么就有k+f[y][1]+value[t]。因为y之前的x的直接儿子都不放存档点,而x,y放了存档点,那么直接从x往下走一个格直接存档就好了。k表示y之前的x的直接儿子的f[y’][0]的和。
Code
#include<iostream> #include<cmath> #include<cstring> #include<cstdio> #include<algorithm> #define ll long long using namespace std; const ll maxn=1e6+5; ll first[maxn],last[maxn],next[maxn],f[maxn][2],value[maxn],size[maxn],deep[maxn]; ll n,i,t,j,k,l,x,y,z,num; void lian(ll x,ll y,ll z){ last[++num]=y;next[num]=first[x];first[x]=num;value[num]=z; } void dg(int x){ ll t,k=0,l=0; if (!first[x]) size[x]++; for (t=first[x];t;t=next[t]){ deep[last[t]]=deep[x]+value[t];dg(last[t]); size[x]+=size[last[t]]; f[x][0]+=f[last[t]][0]+size[last[t]]*value[t]; f[x][1]=min(f[x][1]+min(f[last[t]][1]+deep[last[t]],f[last[t]][0]+size[last[t]]*value[t]),k+f[last[t]][1]+value[t]); k+=f[last[t]][0]+size[last[t]]*value[t]; } f[x][1]=min(f[x][0],f[x][1]); } int main(){ // freopen("data.in","r",stdin); scanf("%lld",&n); for (i=1;i<=n;i++){ scanf("%lld",&t); for (j=1;j<=t;j++) scanf("%lld%lld",&x,&y),lian(i,x,y); } dg(1); printf("%lld\n",f[1][1]); }
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