BZOJ 2743: [HEOI2012]采花
2016-12-20 17:50
363 查看
Time Limit: 15 Sec Memory Limit: 128 MB
Submit: 2057 Solved: 1060
[Submit][Status][Discuss]
Description
[align=left]萧芸斓是Z国的公主,平时的一大爱好是采花。[/align]今天天气晴朗,阳光明媚,公主清晨便去了皇宫中新建的花园采花。花园足够大,容纳了n朵花,花有c种颜色(用整数1-c表示),且花是排成一排的,以便于公主采花。公主每次采花后会统计采到的花的颜色数,颜色数越多她会越高兴!同时,她有一癖好,她不允许最后自己采到的花中,某一颜色的花只有一朵。为此,公主每采一朵花,要么此前已采到此颜色的花,要么有相当正确的直觉告诉她,她必能再次采到此颜色的花。由于时间关系,公主只能走过花园连续的一段进行采花,便让女仆福涵洁安排行程。福涵洁综合各种因素拟定了m个行程,然后一一向你询问公主能采到多少朵花(她知道你是编程高手,定能快速给出答案!),最后会选择令公主最高兴的行程(为了拿到更多奖金!)。
Input
[align=left] 第一行四个空格隔开的整数n、c以及m。接下来一行n个空格隔开的整数,每个数在[1, c]间,第i个数表示第i朵花的颜色。接下来m行每行两个空格隔开的整数l和r(l ≤r),表示女仆安排的行程为公主经过第l到第r朵花进行采花。[/align]Output
[align=left] [/align][align=left]共m行,每行一个整数,第i个数表示公主在女仆的第i个行程中能采到的花的颜色数。[/align]
Sample Input
5 3 51 2 2 3 1
1 5
1 2
2 2
2 3
3 5
Sample Output
20 0 1 0
【样例说明】
询问[1, 5]:公主采颜色为1和2的花,由于颜色3的花只有一朵,公主不采;询问[1, 2]:颜色1和颜色2的花均只有一朵,公主不采;
询问[2, 2]:颜色2的花只有一朵,公主不采;
询问[2, 3]:由于颜色2的花有两朵,公主采颜色2的花;
询问[3, 5]:颜色1、2、3的花各一朵,公主不采。
HINT
【数据范围】对于100%的数据,1 ≤ n ≤ 10^6,c ≤ n,m ≤10^6。
Source
分析:
其实这道题和HH项链是一样的...但是数据是10^6,莫队妥妥的要T啊TAT...然而ysf大神告诉我莫队可以过此题...结果就是我的AC率又降了一点QAQ...
那么树状数组就是把插入变成nxt[nxt[i]]就好了...
代码:
#include<algorithm> #include<iostream> #include<cstring> #include<cstdio> //by NeighThorn using namespace std; const int maxn=1000000+5; int n,m,c,co[maxn],tr[maxn],nxt[maxn],pre[maxn],last[maxn]; struct M{ int l,r,id,ans; }q[maxn]; inline void insert(int x,int y){ for(;x<=n;x+=(x&(-x))) tr[x]+=y; } inline int query(int x){ int sum=0; for(;x;x-=(x&(-x))) sum+=tr[x]; return sum; } inline bool cmp1(M x,M y){ if(x.l==y.l) return x.r<y.r; return x.l<y.l; } inline bool cmp2(M x,M y){ return x.id<y.id; } signed main(void){ scanf("%d%d%d",&n,&c,&m); memset(pre,0,sizeof(pre)); memset(last,-1,sizeof(last)); for(int i=1;i<=n;i++){ scanf("%d",&co[i]); if(last[co[i]]==-1) last[co[i]]=i; else nxt[last[co[i]]]=i,pre[i]=last[co[i]],last[co[i]]=i; } for(int i=1;i<=n;i++){ if(nxt[i]==0) nxt[i]=n+1; if(!pre[i]) insert(nxt[i],1); } nxt[n+1]=n+1; for(int i=1;i<=m;i++) scanf("%d%d",&q[i].l,&q[i].r),q[i].id=i; sort(q+1,q+m+1,cmp1); for(int i=1;i<=m;i++){ q[i].ans=query(q[i].r)-query(q[i].l-1); if(i<m&&q[i].l!=q[i+1].l){ for(int j=q[i].l;j<q[i+1].l;j++) insert(nxt[j],-1),insert(nxt[nxt[j]],1); } } sort(q+1,q+m+1,cmp2); for(int i=1;i<=m;i++) printf("%d\n",q[i].ans); return 0; }
View Code
by NeighThorn
相关文章推荐
- 阿里云应用安装 小记
- ffmpeg之YUYV转RGB ARM使用流程分析
- iOS_获取设备信息
- Universal-第三方开源框架介绍
- 关于onPostCreate——Activity彻底运行起来之后的回调
- 树形结构 数据库表设计
- 利用openstack建设适合中小型互联网企业的私有云(一)
- iOS网络框架AFNetworking3.1.0底层源码解读
- rabbitmq--trace
- Android开发环境配置之Mac OS(Android Studio)
- ProtocolBuffer——生成.pbobjc.h和pbobjc.m文件
- Tomcat虚拟路径配置
- Gson与Json相互转化
- Ambari删除Ranger
- 全面理解Javascript闭包和闭包的几种写法及用途
- 今天真的很SB
- delphi中ShellExecute使用详解
- L02HTML5基础02
- Redis使用
- spring2.5各jar包的作用