【noip2009提高组】 Hankson 的趣味题 欧几里得(数论)
2016-11-15 21:58
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题目描述
Hanks 博士是 BT (Bio-Tech,生物技术) 领域的知名专家,他的儿子名叫 Hankson。现
在,刚刚放学回家的 Hankson 正在思考一个有趣的问题。
今天在课堂上,老师讲解了如何求两个正整数 c1 和 c2 的最大公约数和最小公倍数。现
在 Hankson 认为自己已经熟练地掌握了这些知识,他开始思考一个“求公约数”和“求公
倍数”之类问题的“逆问题”,这个问题是这样的:已知正整数 a0,a1,b0,b1,设某未知正整
数 x 满足:
1. x 和 a0 的最大公约数是 a1;
2. x 和 b0 的最小公倍数是 b1。
Hankson 的“逆问题”就是求出满足条件的正整数 x。但稍加思索之后,他发现这样的
x 并不唯一,甚至可能不存在。因此他转而开始考虑如何求解满足条件的 x 的个数。请你帮
助他编程求解这个问题。
输入输出格式
输入格式:
第一行为一个正整数 n,表示有 n 组输入数据。接下来的 n 行每
行一组输入数据,为四个正整数 a0,a1,b0,b1,每两个整数之间用一个空格隔开。输入
数据保证 a0 能被 a1 整除,b1 能被 b0 整除。
输出格式:
输出文件 son.out 共 n 行。每组输入数据的输出结果占一行,为一个整数。
对于每组数据:若不存在这样的 x,请输出 0;
若存在这样的 x,请输出满足条件的 x 的个数;
输入输出样例
输入样例#1:
2
41 1 96 288
95 1 37 1776
输出样例#1:
6
2
说明
【说明】
第一组输入数据,x 可以是 9、18、36、72、144、288,共有 6 个。
第二组输入数据,x 可以是 48、1776,共有 2 个。
【数据范围】
对于 50%的数据,保证有 1≤a0,a1,b0,b1≤10000 且 n≤100。
对于 100%的数据,保证有 1≤a0,a1,b0,b1≤2,000,000,000 且 n≤2000。
NOIP 2009 提高组 第二题
题解:模拟赛的一道题,是noio2009年提高组的第二题。模拟赛是做了很长时间,很快做出了50分的暴力解法,疯狂优化优化,结果还是50分。
正解:loli说分解质因数,后来发现不需要这么麻烦。比较神的优化一下就可以A了。
lcm(x,b0)=x∗b0/gcd(x,b0)=b1
=>b1∗gcd(x,b0)=x∗b0
=>gcd(x,b0)=x∗b0/b1
=>gcd(b1/b0,b1/x)=1
然后就枚举b1的约数,暴力验证即可
枚举约数sqrt(n) 验证logn 这应该可以卡过。。。
然后考虑两个小优化:
1 当x%a1!=0时 即a1不是x的约数时,显然不对
2 可以考虑将gcd(x,a0)=a1化简为gcd(x/a1,a0/a1)=1 再配上 gcd(b1/b0,b1/x)=1 这个验证 应该会快很多
代码:
附黄学长AC代码:
http://hzwer.com/4859.html
将b1的质因数分开考虑,然后用乘法原理计算方案
对于某个质因数x
设a0分解完得到c0个x,a1->c1,b0->c2,b1->c3,ans->t
那么依照题意,显然c0>=c1,c2<=c3
若c0>c1则t=c1
若c2 < c3则t=c3
则若c0=c1且c2=c3 方案*=c3-c1+1,注意判无解
若c0>c1且c2>c3时只有c1=c3时方案*=1
Hanks 博士是 BT (Bio-Tech,生物技术) 领域的知名专家,他的儿子名叫 Hankson。现
在,刚刚放学回家的 Hankson 正在思考一个有趣的问题。
今天在课堂上,老师讲解了如何求两个正整数 c1 和 c2 的最大公约数和最小公倍数。现
在 Hankson 认为自己已经熟练地掌握了这些知识,他开始思考一个“求公约数”和“求公
倍数”之类问题的“逆问题”,这个问题是这样的:已知正整数 a0,a1,b0,b1,设某未知正整
数 x 满足:
1. x 和 a0 的最大公约数是 a1;
2. x 和 b0 的最小公倍数是 b1。
Hankson 的“逆问题”就是求出满足条件的正整数 x。但稍加思索之后,他发现这样的
x 并不唯一,甚至可能不存在。因此他转而开始考虑如何求解满足条件的 x 的个数。请你帮
助他编程求解这个问题。
输入输出格式
输入格式:
第一行为一个正整数 n,表示有 n 组输入数据。接下来的 n 行每
行一组输入数据,为四个正整数 a0,a1,b0,b1,每两个整数之间用一个空格隔开。输入
数据保证 a0 能被 a1 整除,b1 能被 b0 整除。
输出格式:
输出文件 son.out 共 n 行。每组输入数据的输出结果占一行,为一个整数。
对于每组数据:若不存在这样的 x,请输出 0;
若存在这样的 x,请输出满足条件的 x 的个数;
输入输出样例
输入样例#1:
2
41 1 96 288
95 1 37 1776
输出样例#1:
6
2
说明
【说明】
第一组输入数据,x 可以是 9、18、36、72、144、288,共有 6 个。
第二组输入数据,x 可以是 48、1776,共有 2 个。
【数据范围】
对于 50%的数据,保证有 1≤a0,a1,b0,b1≤10000 且 n≤100。
对于 100%的数据,保证有 1≤a0,a1,b0,b1≤2,000,000,000 且 n≤2000。
NOIP 2009 提高组 第二题
题解:模拟赛的一道题,是noio2009年提高组的第二题。模拟赛是做了很长时间,很快做出了50分的暴力解法,疯狂优化优化,结果还是50分。
正解:loli说分解质因数,后来发现不需要这么麻烦。比较神的优化一下就可以A了。
lcm(x,b0)=x∗b0/gcd(x,b0)=b1
=>b1∗gcd(x,b0)=x∗b0
=>gcd(x,b0)=x∗b0/b1
=>gcd(b1/b0,b1/x)=1
然后就枚举b1的约数,暴力验证即可
枚举约数sqrt(n) 验证logn 这应该可以卡过。。。
然后考虑两个小优化:
1 当x%a1!=0时 即a1不是x的约数时,显然不对
2 可以考虑将gcd(x,a0)=a1化简为gcd(x/a1,a0/a1)=1 再配上 gcd(b1/b0,b1/x)=1 这个验证 应该会快很多
代码:
#include<iostream> #include<cstdio> using namespace std; typedef long long LL; int a0,a1,b0,b1,sum,s1,s2,ans,n,ss2,ss1,ss,s; int gcd(int a,int b) { if (b!=0) return gcd(b,a%b); else return a; } int main() { freopen("son.in","r",stdin); freopen("son.out","w",stdout); int i,j,I,t,x; scanf("%d",&n); for (I=1;I<=n;I++) { ans=0; scanf("%d%d%d%d",&a0,&a1,&b0,&b1); if (a0%a1!=0||b1%b0) {printf("0\n");continue;} else for (i=1;i*i<=b1;i++) if (b1%i==0) { x=i; if (x%a1==0) if (gcd(a0/a1,x/a1)==1&&gcd(b1/b0,b1/x)==1) ans++; x=b1/i; if (x%a1==0&&x!=i) if (gcd(a0/a1,x/a1)==1&&gcd(b1/b0,b1/x)==1) ans++; } printf("%d\n",ans); } }
附黄学长AC代码:
http://hzwer.com/4859.html
将b1的质因数分开考虑,然后用乘法原理计算方案
对于某个质因数x
设a0分解完得到c0个x,a1->c1,b0->c2,b1->c3,ans->t
那么依照题意,显然c0>=c1,c2<=c3
若c0>c1则t=c1
若c2 < c3则t=c3
则若c0=c1且c2=c3 方案*=c3-c1+1,注意判无解
若c0>c1且c2>c3时只有c1=c3时方案*=1
#include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #include<cstdlib> #include<set> #include<ctime> #include<queue> #include<cmath> #include<vector> #include<algorithm> #include<map> #define inf 1000000000 #define N 50000 #define ll long long using namespace std; int read() { int x=0,f=1;char ch=getchar(); while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();} while(ch>='0'&&ch<='9'){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();} return x*f; } int n,tot; int a0,b0,a1,b1,ans; int pri[50005]; bool mark[50005]; void getpri() { for(int i=2;i<=N;i++) { if(!mark[i])pri[++tot]=i; for(int j=1;j<=tot&&pri[j]*i<=N;j++) { mark[pri[j]*i]=1; if(pri[j]%i==0)break; } } } void solve(int x) { int c0=0,c1=0,c2=0,c3=0; while(a0%x==0){a0/=x;c0++;} while(a1%x==0){a1/=x;c1++;} while(b0%x==0){b0/=x;c2++;} while(b1%x==0){b1/=x;c3++;} if(c0==c1&&c2==c3) { if(c1<=c3)ans*=c3-c1+1; else ans=0; } else if(c0!=c1&&c2!=c3&&c1!=c3)ans=0; } int main() { getpri(); n=read(); while(n--) { ans=1; a0=read();a1=read();b0=read();b1=read(); for(int i=1;i<=tot;i++) solve(pri[i]); if(b1!=1)solve(b1); printf("%d\n",ans); } return 0; }
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