【C++心路历程16】2825划分游戏 真的有意思 槽点多多
2016-11-12 16:02
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游戏是这样的:在你面前有一列整数(一共n个),你要按顺序将其分为m个部分,各部分内的数字相加,相加所得的m个结果对10取模后再相乘,最终得到一个数k。游戏的要求是使你所得的k接近而不超过限定的目标整数limit。
例如:含有4个整数序列为:2 -1 3 4,把它们分成2部分,limit=9,则正确的划分方法如下:
((2-1) mod 10)*((3+4) mod 10)=1*7=7
特别值得注意的是,无论是负数还是正数,对10取模的结果均为非负值。请你编写程序帮他赢得这个游戏。
输入:
第一行包含3个整数n,m,limit,分别表示整数序列长度为n、划分成m部分以及限定的目标整数limit,第二行包含年n个整数,其中第i个的整数表示序列的第i个整数。
【样例1】
4 2 9
2 -1 3 4
【样例2】
4 2 6
2 -1 3 4
输出:
如果能找不到符合题意的划分,输出"None"。
否则在第1行输出找到的其中最大的,然后在接下来的m行输出划分方法,其中第i+1行表示第i部分的在序列中起点和终点位置(序列的下标从1开始),如果有多个划分方法,则输出第1部分长度小的,如果第1部分小的仍然有多个划分方法,则输出第2部分长度最小的,……,后面一次类推。
【样例1】
7
1 2
3 4
【样例2】
None
数据范围:
一些看法:
回溯算法分析即可,附上自己的程序,还没有加很多优化,时间复杂度比较高。总之,这道题给我感触还蛮多的~
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cstdio>
#include<cstring>
using namespace std;
int n,m,limit;
long long ans=-1; //PS.1 不能将ans设为0,否则当mod值等于0时程序错误
int ok=0;
long long ss;
int X[50],Y[50]; //记录每次分组后中每部分下标
int XX[50],YY[50]; //最优答案中每部分下标
long long a[50],sum[50]; //前缀和预处理 //PS.2 sum数组应设为 long long 毕竟int和int的和
void run(int k,int i,int j,long long v)//前k-1部分已经划分出来,并且k-1部分是a[i]到a[j],得到部分和mod10乘积为v,现在考虑划分第k部分。
{
if(k==m)//少扩展一层,并没有什么用似乎
{
ss=0;
ss=(sum
-sum[j])%10;
if(ss<0) ss+=10;
X[m]=j+1;
Y[m]=n; //ss为最后一部分结果
/* v*=ss;
X[m]=j+1;
Y[m]=n;
if(v<=limit&&v>ans)
{
ok=1;
ans=v;
memcpy(XX,X,sizeof(X));
memcpy(YY,Y,sizeof(Y));
v/=ss;
}*/ //两种写法 注意v值还原 总觉得这里做得不够好
if(v*ss<=limit&&v*ss>ans)
{
ok=1;
ans=v*ss;
memcpy(XX,X,sizeof(X));
memcpy(YY,Y,sizeof(Y));
}
return;
}
for(int p=j+1;p<=n;p++)//第k部分最后一个元素a[p]可以是a[j+1],a[j+2],...,a
;即p可以取 j+1,j+2,...,n
if(n-p>=m-k)//对这个条件解释 a[1]..a[p]分成了k部分 还剩下最多分成n-p部分 又因为总共要分成m部分 分了k部分后 还需要分出m-k部分
//PS.3不能加 if(v<=limit),因为limit可能等于0 递归出口同理
{
{
long long t=(sum[p]-sum[j])%10;
if(t<0) t+=10; //PS.4 mod值恒大于等于0
X[k]=j+1;
Y[k]=p;
run(k+1,X[k],Y[k],v*t);// run(k+1,j+1,p,v*t);亦可
}
}
}
int main()
{
scanf("%d%d%d",&n,&m,&limit);
memset(sum,0,sizeof(sum));
for(int i=1;i<=n;i++)
{
cin>>a[i];
sum[i]=sum[i-1]+a[i];
}
run(1,0,0,1);
if(ok==0) printf("None");
else
{
cout<<ans<<endl;
for(int i=1;i<=m;i++)
{
printf("%d %d\n",XX[i],YY[i]);
}
}
return 0;
}
例如:含有4个整数序列为:2 -1 3 4,把它们分成2部分,limit=9,则正确的划分方法如下:
((2-1) mod 10)*((3+4) mod 10)=1*7=7
特别值得注意的是,无论是负数还是正数,对10取模的结果均为非负值。请你编写程序帮他赢得这个游戏。
输入:
第一行包含3个整数n,m,limit,分别表示整数序列长度为n、划分成m部分以及限定的目标整数limit,第二行包含年n个整数,其中第i个的整数表示序列的第i个整数。
【样例1】
4 2 9
2 -1 3 4
【样例2】
4 2 6
2 -1 3 4
输出:
如果能找不到符合题意的划分,输出"None"。
否则在第1行输出找到的其中最大的,然后在接下来的m行输出划分方法,其中第i+1行表示第i部分的在序列中起点和终点位置(序列的下标从1开始),如果有多个划分方法,则输出第1部分长度小的,如果第1部分小的仍然有多个划分方法,则输出第2部分长度最小的,……,后面一次类推。
【样例1】
7
1 2
3 4
【样例2】
None
数据范围:
2<=n<=30 1<m<=10且m<=n 0<=limit<=2*10^9 序列中每个数的绝对值不超过2*10^9 |
回溯算法分析即可,附上自己的程序,还没有加很多优化,时间复杂度比较高。总之,这道题给我感触还蛮多的~
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cstdio>
#include<cstring>
using namespace std;
int n,m,limit;
long long ans=-1; //PS.1 不能将ans设为0,否则当mod值等于0时程序错误
int ok=0;
long long ss;
int X[50],Y[50]; //记录每次分组后中每部分下标
int XX[50],YY[50]; //最优答案中每部分下标
long long a[50],sum[50]; //前缀和预处理 //PS.2 sum数组应设为 long long 毕竟int和int的和
void run(int k,int i,int j,long long v)//前k-1部分已经划分出来,并且k-1部分是a[i]到a[j],得到部分和mod10乘积为v,现在考虑划分第k部分。
{
if(k==m)//少扩展一层,并没有什么用似乎
{
ss=0;
ss=(sum
-sum[j])%10;
if(ss<0) ss+=10;
X[m]=j+1;
Y[m]=n; //ss为最后一部分结果
/* v*=ss;
X[m]=j+1;
Y[m]=n;
if(v<=limit&&v>ans)
{
ok=1;
ans=v;
memcpy(XX,X,sizeof(X));
memcpy(YY,Y,sizeof(Y));
v/=ss;
}*/ //两种写法 注意v值还原 总觉得这里做得不够好
if(v*ss<=limit&&v*ss>ans)
{
ok=1;
ans=v*ss;
memcpy(XX,X,sizeof(X));
memcpy(YY,Y,sizeof(Y));
}
return;
}
for(int p=j+1;p<=n;p++)//第k部分最后一个元素a[p]可以是a[j+1],a[j+2],...,a
;即p可以取 j+1,j+2,...,n
if(n-p>=m-k)//对这个条件解释 a[1]..a[p]分成了k部分 还剩下最多分成n-p部分 又因为总共要分成m部分 分了k部分后 还需要分出m-k部分
//PS.3不能加 if(v<=limit),因为limit可能等于0 递归出口同理
{
{
long long t=(sum[p]-sum[j])%10;
if(t<0) t+=10; //PS.4 mod值恒大于等于0
X[k]=j+1;
Y[k]=p;
run(k+1,X[k],Y[k],v*t);// run(k+1,j+1,p,v*t);亦可
}
}
}
int main()
{
scanf("%d%d%d",&n,&m,&limit);
memset(sum,0,sizeof(sum));
for(int i=1;i<=n;i++)
{
cin>>a[i];
sum[i]=sum[i-1]+a[i];
}
run(1,0,0,1);
if(ok==0) printf("None");
else
{
cout<<ans<<endl;
for(int i=1;i<=m;i++)
{
printf("%d %d\n",XX[i],YY[i]);
}
}
return 0;
}
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