[BZOJ1003][ZJOI2006][DP][SPFA]物流运输
2016-10-21 17:28
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Description
物流公司要把一批货物从码头A运到码头B。由于货物量比较大,需要n天才能运完。货物运输过程中一般要转
停好几个码头。物流公司通常会设计一条固定的运输路线,以便对整个运输过程实施严格的管理和跟踪。由于各种
因素的存在,有的时候某个码头会无法装卸货物。这时候就必须修改运输路线,让货物能够按时到达目的地。但是
修改路线是一件十分麻烦的事情,会带来额外的成本。因此物流公司希望能够订一个n天的运输计划,使得总成本
尽可能地小。
Input
第一行是四个整数n(1<=n<=100)、m(1<=m<=20)、K和e。n表示货物运输所需天数,m表示码头总数,K表示
每次修改运输路线所需成本。接下来e行每行是一条航线描述,包括了三个整数,依次表示航线连接的两个码头编
号以及航线长度(>0)。其中码头A编号为1,码头B编号为m。单位长度的运输费用为1。航线是双向的。再接下来
一行是一个整数d,后面的d行每行是三个整数P( 1 < P < m)、a、b(1< = a < = b < = n)。表示编号为P的码
头从第a天到第b天无法装卸货物(含头尾)。同一个码头有可能在多个时间段内不可用。但任何时间都存在至少一
条从码头A到码头B的运输路线。
Output
包括了一个整数表示最小的总成本。总成本=n天运输路线长度之和+K*改变运输路线的次数。
Sample Input
5 5 10 8
1 2 1
1 3 3
1 4 2
2 3 2
2 4 4
3 4 1
3 5 2
4 5 2
4
2 2 3
3 1 1
3 3 3
4 4 5
Sample Output
32
//前三天走1-4-5,后两天走1-3-5,这样总成本为(2+2)*3+(3+2)*2+10=32
直接上dp方程f[i]=min(f[i],f[j]+cost[i+1][j]*(i-j)+k),f[i]表示前i天最小花费,cost[i][j]表示第i天到第j天不换路线的最小花费。值得注意的是边界的处理,f[0]应设为-k,一开始就是在这里一直没调出来。因为第一种路线不需要消耗k!!!
物流公司要把一批货物从码头A运到码头B。由于货物量比较大,需要n天才能运完。货物运输过程中一般要转
停好几个码头。物流公司通常会设计一条固定的运输路线,以便对整个运输过程实施严格的管理和跟踪。由于各种
因素的存在,有的时候某个码头会无法装卸货物。这时候就必须修改运输路线,让货物能够按时到达目的地。但是
修改路线是一件十分麻烦的事情,会带来额外的成本。因此物流公司希望能够订一个n天的运输计划,使得总成本
尽可能地小。
Input
第一行是四个整数n(1<=n<=100)、m(1<=m<=20)、K和e。n表示货物运输所需天数,m表示码头总数,K表示
每次修改运输路线所需成本。接下来e行每行是一条航线描述,包括了三个整数,依次表示航线连接的两个码头编
号以及航线长度(>0)。其中码头A编号为1,码头B编号为m。单位长度的运输费用为1。航线是双向的。再接下来
一行是一个整数d,后面的d行每行是三个整数P( 1 < P < m)、a、b(1< = a < = b < = n)。表示编号为P的码
头从第a天到第b天无法装卸货物(含头尾)。同一个码头有可能在多个时间段内不可用。但任何时间都存在至少一
条从码头A到码头B的运输路线。
Output
包括了一个整数表示最小的总成本。总成本=n天运输路线长度之和+K*改变运输路线的次数。
Sample Input
5 5 10 8
1 2 1
1 3 3
1 4 2
2 3 2
2 4 4
3 4 1
3 5 2
4 5 2
4
2 2 3
3 1 1
3 3 3
4 4 5
Sample Output
32
//前三天走1-4-5,后两天走1-3-5,这样总成本为(2+2)*3+(3+2)*2+10=32
直接上dp方程f[i]=min(f[i],f[j]+cost[i+1][j]*(i-j)+k),f[i]表示前i天最小花费,cost[i][j]表示第i天到第j天不换路线的最小花费。值得注意的是边界的处理,f[0]应设为-k,一开始就是在这里一直没调出来。因为第一种路线不需要消耗k!!!
#include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> #include<queue> using namespace std; const int maxn=100+5,maxm=20+5,maxe=maxm*maxm,INF=0x3f3f3f3f; int n,m,e,k,edge,to[maxe],worth[maxe],next[maxe],head[maxm],dis[maxm],cost[maxn][maxn],dp[maxn],d; bool forba[maxm][maxn],judge[maxm]; queue<int>que; void edge_add(int u,int v,int w) { to[++edge]=v; worth[edge]=w; next[edge]=head[u]; head[u]=edge; } int SPFA(int s,int t) { memset(dis,INF,sizeof(dis)); memset(judge,true,sizeof(judge)); for (int i=1;i<=m;i++) for (int j=s;j<=t;j++) if (forba[i][j]) judge[i]=false; queue<int>que; que.push(1); dis[1]=0; while (!que.empty()) { int u=que.front(); que.pop(); for (int E=head[u];E;E=next[E]) { int v=to[E],w=worth[E]; if (!judge[v]) continue; if (dis[v]>dis[u]+w) { dis[v]=dis[u]+w; que.push(v); } } } return dis[m]; } void init() { for (int i=1;i<=n;i++) for (int j=i;j<=n;j++) cost[i][j]=SPFA(i,j); // for (int i=1;i<=n;i++) if (cost[1][i]!=INF) dp[i]=cost[1][i]*i; } int main() { freopen("trans.in","r",stdin); scanf("%d%d%d%d",&n,&m,&k,&e); for (int i=1;i<=e;i++) { int u,v,w; scanf("%d%d%d",&u,&v,&w); edge_add(u,v,w); edge_add(v,u,w); } scanf("%d",&d); for (int i=1;i<=d;i++) { int u,s,t; scanf("%d%d%d",&u,&s,&t); for (int j=s;j<=t;j++) forba[u][j]=true; } init(); memset(dp,INF,sizeof(dp)); dp[0]=-k; dp[1]=cost[1][1]; for (int i=2;i<=n;i++) for (int j=0;j<i;j++) if (cost[j+1][i]!=INF) dp[i]=min(dp[i],dp[j]+(cost[j+1][i])*(i-j)+k); printf("%d",dp ); return 0; }
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