LeetCode | Count Numbers with Unique Digits
2016-10-19 10:49
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闲谈
动态规划问题重点分析两个部分,状态表示和状态迁移。与分治相比较,DP每次问题规模降低很少,但是不需要重复计算子问题。
Problem :
Given a non-negative integer n, count all numbers with unique digits, x, where 0 ≤ x < 10n.
Example:
Given n = 2, return 91. (The answer should be the total numbers in the range of 0 ≤ x < 100, excluding [11,22,33,44,55,66,77,88,99])
Solution:
用num[i] 表示状态, 即[10^(i-1), 10^i)内没有重复数字的数的个数。和Counting Bits相似,这次在十进制形式下分段找规律。从状态i-1到状态i,可以得到10*num[i-1]个新的数,其中 (i-1)*num[i-1]个数带有重复数字,比如102增加一位,重复的情况有增加1, 0 或者2,所以得到状态迁移方程num[i] = num[i-1] *(10-i+1). 时间复杂度为O(n).
LeetCode上有许多运行时间更短的C或C++程序,目前除了把所有结果储存直接返回外还没有想到更好的方法。这样做是O(1)的但是还要先运行10次。
动态规划问题重点分析两个部分,状态表示和状态迁移。与分治相比较,DP每次问题规模降低很少,但是不需要重复计算子问题。
Problem :
Given a non-negative integer n, count all numbers with unique digits, x, where 0 ≤ x < 10n.
Example:
Given n = 2, return 91. (The answer should be the total numbers in the range of 0 ≤ x < 100, excluding [11,22,33,44,55,66,77,88,99])
Solution:
用num[i] 表示状态, 即[10^(i-1), 10^i)内没有重复数字的数的个数。和Counting Bits相似,这次在十进制形式下分段找规律。从状态i-1到状态i,可以得到10*num[i-1]个新的数,其中 (i-1)*num[i-1]个数带有重复数字,比如102增加一位,重复的情况有增加1, 0 或者2,所以得到状态迁移方程num[i] = num[i-1] *(10-i+1). 时间复杂度为O(n).
int countNumbersWithUniqueDigits(int n) { if (!n){ return 1; } int *num = new int , ans = 10; num[0] = 1, num[1] = 9; for (int i = 2; i <= n; ++i){ num[i] = num[i-1] *(10-i+1); ans += num[i]; } return ans; }
LeetCode上有许多运行时间更短的C或C++程序,目前除了把所有结果储存直接返回外还没有想到更好的方法。这样做是O(1)的但是还要先运行10次。
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