51Nod-1487-占领资源
2016-09-28 14:28
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最后,因为知识匮乏,所以,只好找了大牛的题解,找到了qwb的博客,讲了一种利用RMQ预处理后复杂度为
先预处理每一个塔所能得到的最多资源,
然后枚举第一个塔的位置,那么第二个塔的位置一定只有两种情况,
一种是与第一个塔存在冲突位的,一种是不存在冲突位的,
那么,我们你可以去枚举有冲突的情况,复杂度为
顺理成章,枚举完有冲突的塔,剩下的就是没有冲突的了,
直接
(此思路来自
Two:
描述
题解
一开始,没想到啥好主意,直接暴力(One),TLE了一半,好心酸,越往后做,越发现51Nod对效率的不懈追求!!!
最后,因为知识匮乏,所以,只好找了大牛的题解,找到了qwb的博客,讲了一种利用RMQ预处理后复杂度为
O(n * m * log(n * m))的解法(Two),感觉十分有趣,开发思维啊这题~~~
先预处理每一个塔所能得到的最多资源,
然后枚举第一个塔的位置,那么第二个塔的位置一定只有两种情况,
一种是与第一个塔存在冲突位的,一种是不存在冲突位的,
那么,我们你可以去枚举有冲突的情况,复杂度为
O(k^2),
顺理成章,枚举完有冲突的塔,剩下的就是没有冲突的了,
直接
RMQ预处理,然后区间
O(1)查询最大即可。
(此思路来自
qwb大牛的博客)
代码
One:// 暴力枚举TLE //#include <iostream> //#include <cstring> // //using namespace std; // //const int MAXN = 333; //const int MAXK = 12; //const int MAXP = 111; // //int val[MAXN][MAXN]; //int vis[MAXN][MAXN]; // //int dx[MAXK]; //int dy[MAXK]; // //int main(int argc, const char * argv[]) //{ //// freopen("/Users/zyj/Desktop/input.txt", "r", stdin); // // int T; // cin >> T; // // int N, M, K; // int ans; // while (T--) // { // ans = 0; // memset(val, 0, sizeof(val)); // // cin >> N >> M >> K; // N += MAXP; // M += MAXP; // for (int i = 1 + MAXP; i <= N; i++) // { // for (int j = 1 + MAXP; j <= M; j++) // { // scanf("%1d", val[i] + j); // } // } // for (int i = 1; i <= K; i++) // { // scanf("%d %d", dx + i, dy + i); // } // int resA, resB; // for (int i = 1 + MAXP; i <= N; i++) // { // for (int j = 1 + MAXP; j <= M; j++) // { // memset(vis, 0, sizeof(vis)); // resA = 0; // for (int k = 1; k <= K; k++) // { // resA += val[i + dx[k]][j + dy[k]]; // vis[i + dx[k]][j + dy[k]] = 1; // } // for (int ii = 1 + MAXP; ii <= N; ii++) // { // for (int jj = 1 + MAXP; jj <= M; jj++) // { // if (ii < i && jj < j) // { // break; // } // resB = 0; // for (int kk = 1; kk <= K; kk++) // { // if (!vis[ii + dx[kk]][jj + dy[kk]]) // { // resB += val[ii + dx[kk]][jj + dy[kk]]; // } // } // if (resA + resB > ans) // { // ans = resA + resB; // } // } // } // } // } // cout << ans << '\n'; // } // // return 0; //}
Two:
#include <cstdio> #include <iostream> #include <algorithm> using namespace std; const int MAXX = 1e2 + 5; const int MAXS = 1e4 + 5; const int MAXK = 15; int n, m, k; char W[MAXX][MAXX]; int A[MAXS]; int MAX[MAXS][MAXK]; int vis[MAXX][MAXX]; int dx[MAXK], dy[MAXK], dq[MAXS]; void RMQ_init(int n) { for (int i = 0; i < n + 1; i++) { MAX[i][0] = A[i]; } for (int j = 1; (1 << j) <= n + 1; j++) { for (int i = 0; i + (1 << j) - 1 < n + 1; i++) { MAX[i][j] = max(MAX[i][j - 1], MAX[i + (1 << (j - 1))][j - 1]); } } } int RMQ_max(int L, int R) { int k = 0; while ((1 << (k + 1)) <= R - L + 1) { k++; } return max(MAX[L][k], MAX[R - (1 << k) + 1][k]); } bool max_(int &a, int b) { if (b > a) { a = b; return true; } return false; } inline int ID(int x, int y) { return (x - 1) * m + y; } int solve() { int ret = 0; for (int i = 1; i <= n; i++) { for (int j = 1; j <= m; j++) { int Max = 0, id = ID(i, j), dsz = 0; for (int q = 1; q <= k; q++) { int nx = i + dx[q], ny = j + dy[q]; if (nx < 1 || nx > n || ny < 1 || ny > m) { continue; } vis[nx][ny] = id; for (int w = 1; w <= k; w++) { int nnx = nx - dx[w], nny = ny - dy[w]; // 存在冲突的位置 if (nnx < 1 || nnx > n || nny < 1 || nny > m) { continue; } dq[++dsz] = ID(nnx, nny); } } // 为了RMQ而加的哨兵 dq[++dsz] = 0; dq[++dsz] = m * n + 1; // 冲突位置排序去重 sort(dq + 1, dq + 1 + dsz); dsz = (int)(unique(dq + 1, dq + 1 + dsz) - dq - 1); // 查找不冲突位置 for (int q = 1; q <= dsz - 1; q++) { if (dq[q] + 1 <= dq[q + 1] - 1) { max_(Max, RMQ_max(dq[q] + 1, dq[q + 1] - 1)); } } // 查找冲突位置 for (int q = 2; q <= dsz - 1; q++) { int x = (dq[q] - 1) / m + 1, y = (dq[q] - 1) % m + 1, sum = A[ID(x, y)]; for (int w = 1; w <= k; w++) { int nx = x + dx[w], ny = y + dy[w]; if (nx < 1 || nx > n || ny < 1 || ny > m) { continue; } if (vis[nx][ny] == id) { sum -= W[nx][ny] - '0'; } } max_(Max, sum); } max_(ret, Max + A[id]); } } return ret; } int main() { int T; scanf("%d", &T); while(T--) { scanf("%d%d%d", &n, &m, &k); for (int i = 1; i <= n; i++) { for (int j = 1; j <= m; j++) { vis[i][j] = A[ID(i, j)] = 0; } } for (int i = 1; i <= n; i++) { scanf("%s", W[i] + 1); } for (int i = 1; i <= k; i++) { scanf("%d%d", &dx[i], &dy[i]); } for (int i = 1; i <= n; i++) { for (int j = 1; j <= m; j++) { int id = ID(i, j); for (int q = 1; q <= k; q++) { int nx = i + dx[q], ny = j + dy[q]; if (nx < 1 || nx > n || ny < 1 || ny > m) { continue; } A[id] += W[nx][ny] - '0'; } } } RMQ_init(n * m); printf("%d\n", solve()); } return 0; }
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