【SDOI2009】bzoj1878 HH的项链【解法一】
2016-09-19 17:16
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Description HH有一串由各种漂亮的贝壳组成的项链。HH相信不同的贝壳会带来好运,所以每次散步
完后,他都会随意取出一段贝壳,思考它们所表达的含义。HH不断地收集新的贝壳,因此,
他的项链变得越来越长。有一天,他突然提出了一个问题:某一段贝壳中,包含了多少种不同
的贝壳?这个问题很难回答。。。因为项链实在是太长了。于是,他只好求助睿智的你,来解 决这个问题。 Input
第一行:一个整数N,表示项链的长度。 第二行:N个整数,表示依次表示项链中贝壳的编号(编号为0到1000000之间的整数)。
第三行:一个整数M,表示HH询问的个数。 接下来M行:每行两个整数,L和R(1 ≤ L ≤ R ≤ N),表示询问的区间。 Output
M行,每行一个整数,依次表示询问对应的答案。
解法二【莫队】见【这里】。
对于一个区间,每种颜色仅当它第一次出现时计数。
先对颜色离散化,记录每个位置下一次出现相同颜色的位置。
对于询问按左端点排序。
这样,当左端点扫过之后,被扫过的点就永远不会再用到,那么下一次计数的时候肯定用到的是下一个点,即next[i],把这个点加入树状数组即可。
完后,他都会随意取出一段贝壳,思考它们所表达的含义。HH不断地收集新的贝壳,因此,
他的项链变得越来越长。有一天,他突然提出了一个问题:某一段贝壳中,包含了多少种不同
的贝壳?这个问题很难回答。。。因为项链实在是太长了。于是,他只好求助睿智的你,来解 决这个问题。 Input
第一行:一个整数N,表示项链的长度。 第二行:N个整数,表示依次表示项链中贝壳的编号(编号为0到1000000之间的整数)。
第三行:一个整数M,表示HH询问的个数。 接下来M行:每行两个整数,L和R(1 ≤ L ≤ R ≤ N),表示询问的区间。 Output
M行,每行一个整数,依次表示询问对应的答案。
解法二【莫队】见【这里】。
对于一个区间,每种颜色仅当它第一次出现时计数。
先对颜色离散化,记录每个位置下一次出现相同颜色的位置。
对于询问按左端点排序。
这样,当左端点扫过之后,被扫过的点就永远不会再用到,那么下一次计数的时候肯定用到的是下一个点,即next[i],把这个点加入树状数组即可。
#include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> using namespace std; struct qry { int l,r,num; bool operator < (const qry & qqq) const { return l<qqq.l; } }q[200010]; int a[50010],last[50010],ord[50010],f[50010],ne[50010],ans[200010],s[50010],n; void inc(int x) { for (;x<=n;x+=x&-x) s[x]++; } int qry(int x) { int ret=0; for (;x;x-=x&-x) ret+=s[x]; return ret; } int main() { int i,j,k,m,nn,p,x,y,z; scanf("%d",&n); for (i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&a[i]); scanf("%d",&m); for (i=1;i<=m;i++) scanf("%d%d",&q[i].l,&q[i].r),q[i].num=i; for (i=1;i<=n;i++) ord[i]=a[i]; sort(ord+1,ord+n+1); nn=unique(ord+1,ord+n+1)-ord-1; for (i=1;i<=n;i++) f[i]=lower_bound(ord+1,ord+nn+1,a[i])-ord; for (i=n;i;i--) { ne[i]=last[f[i]]; last[f[i]]=i; } for (i=1;i<=nn;i++) inc(last[i]); sort(q+1,q+m+1); for (i=1;i<=m;i++) { for (j=q[i-1].l;j<q[i].l;j++) if (ne[j]) inc(ne[j]); ans[q[i].num]=qry(q[i].r)-qry(q[i].l-1); } for (i=1;i<=m;i++) printf("%d\n",ans[i]); }
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