Vijos P1428 贪婪格尔曼
2016-09-13 21:17
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P1428贪婪格尔曼
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从前有2只狗,大的叫大狗,小的叫小狗,它们2个合起来就是狗儿们,使用英语的人把它们写作Girlman,传来传去,到最后大家决定叫它们格尔曼。它们的叫声很特别,但是它们十分吝啬它们的叫声,你为了听到它们的叫声,决定买狗饼干送给它们吃,不同种类的饼干能让它们叫的次数不一样,同一块饼干对于大小格尔曼的效果也不一样。它们很贪婪,如果你只给其中一只格尔曼吃狗饼干或者给两只格尔曼吃的不一样,有一只就会不高兴,因此你买狗饼干的时候总要两块两块地买,而且现在每类饼干也只有2块(想要多的也没得)。现在不是流行节约型社会吗?因此你也不能浪费,你要求的是在满足你要听格尔曼叫声次数要求的情况(两只格尔曼实际叫的次数都不小于你的要求即可)下的最小花费是多少。
30%的数据满足1<=n<=30;
100%的数据满足1<=n<=1000、1<=s,b<=50、0<=si ,bi ,ci <=2147483647。
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Conan From HNSDFZ
代码:
b3ac
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描述
从前有2只狗,大的叫大狗,小的叫小狗,它们2个合起来就是狗儿们,使用英语的人把它们写作Girlman,传来传去,到最后大家决定叫它们格尔曼。它们的叫声很特别,但是它们十分吝啬它们的叫声,你为了听到它们的叫声,决定买狗饼干送给它们吃,不同种类的饼干能让它们叫的次数不一样,同一块饼干对于大小格尔曼的效果也不一样。它们很贪婪,如果你只给其中一只格尔曼吃狗饼干或者给两只格尔曼吃的不一样,有一只就会不高兴,因此你买狗饼干的时候总要两块两块地买,而且现在每类饼干也只有2块(想要多的也没得)。现在不是流行节约型社会吗?因此你也不能浪费,你要求的是在满足你要听格尔曼叫声次数要求的情况(两只格尔曼实际叫的次数都不小于你的要求即可)下的最小花费是多少。
格式
输入格式
输入文件的第一行为3个整数n、s、b,分别表示狗饼干的类数、你想听到的小格尔曼的叫声次数和大格尔曼的叫声次数,接下来有n行,第i+1行有3个整数si、bi、ci,分别表示第i类狗饼干能让小格尔曼叫的次数、能让大格尔曼叫的次数和该类饼干的单价。30%的数据满足1<=n<=30;
100%的数据满足1<=n<=1000、1<=s,b<=50、0<=si ,bi ,ci <=2147483647。
输出格式
输出文件只有一个整数,为满足你的要求情况下的最小花费。
样例1
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5 5 10 1 2 5 2 4 10 3 7 8 1 11 36 6 0 18
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来源
Conan From HNSDFZ觉得这个题很好啊
设dp[i][j]为让小格尔曼叫i次,大格尔曼叫j次需要的最小花费
详细题解请看注释……
代码:
#include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #define maxn (4000 + 20) #define inf 0x3f3f3f3f #define pi acos(-1.0) using namespace std; typedef long long int LLI; LLI sma[maxn],big[maxn],pri[maxn]; LLI dp[maxn][maxn]; int main() { // freopen("in.txt","r",stdin); // freopen("out.txt","w",stdout); LLI n,s,b; scanf("%lld%lld%lld",&n,&s,&b); memset(dp,-1,sizeof(dp));/**用-1表示目前状态没有达到**/ for(int i = 1;i <= n;i ++){ scanf("%lld%lld%lld",&sma[i],&big[i],&pri[i]); } dp[0][0] = 0; for(int i = 1;i <= n;i ++){ for(int j = s;j >= 0;j --){ for(int k = b;k >= 0;k --){ /**如果当前的状态不存在,那么不可能推出下一个状态**/ if(dp[j][k] == -1) continue; /**因为不限制超出叫声多少,只要>=要求的叫声即可,而且dp[s][b]不用继续向下推 //所以用dp[s][b]存所有的合法的答案,dp[s][b]=dp[x][y](x>s,y>b)*/ LLI x = min(j + sma[i],s); LLI y = min(k + big[i],b); if(dp[x][y] == -1) dp[x][y] = dp[j][k] + pri[i]; else dp[x][y] = min(dp[x][y],dp[j][k] + pri[i]); } } } printf("%lld\n",dp[s][b] * 2); return 0; }
b3ac
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