Poj 1061 青蛙的约会(扩展欧几里得)
2016-09-08 20:14
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题目链接:http://poj.org/problem?id=1061
青蛙的约会
Description
两只青蛙在网上相识了,它们聊得很开心,于是觉得很有必要见一面。它们很高兴地发现它们住在同一条纬度线上,于是它们约定各自朝西跳,直到碰面为止。可是它们出发之前忘记了一件很重要的事情,既没有问清楚对方的特征,也没有约定见面的具体位置。不过青蛙们都是很乐观的,它们觉得只要一直朝着某个方向跳下去,总能碰到对方的。但是除非这两只青蛙在同一时间跳到同一点上,不然是永远都不可能碰面的。为了帮助这两只乐观的青蛙,你被要求写一个程序来判断这两只青蛙是否能够碰面,会在什么时候碰面。
我们把这两只青蛙分别叫做青蛙A和青蛙B,并且规定纬度线上东经0度处为原点,由东往西为正方向,单位长度1米,这样我们就得到了一条首尾相接的数轴。设青蛙A的出发点坐标是x,青蛙B的出发点坐标是y。青蛙A一次能跳m米,青蛙B一次能跳n米,两只青蛙跳一次所花费的时间相同。纬度线总长L米。现在要你求出它们跳了几次以后才会碰面。
Input
输入只包括一行5个整数x,y,m,n,L,其中x≠y < 2000000000,0 < m、n < 2000000000,0 < L < 2100000000。
Output
输出碰面所需要的跳跃次数,如果永远不可能碰面则输出一行"Impossible"
Sample Input
Sample Output
Source
题目大意:略;
解析:单纯的扩展欧几里得,转换关系 -> (x + k * m) - ( y + k * n ) = L * kk; --> (m - n) * k + L * kk = ( y - x ) ; --> ax + by = c;
代码如下:
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<map>
#include<stack>
#include<queue>
#include<set>
#include<string>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cctype>
#include<cmath>
#define N 100009
using namespace std;
const int inf = 0x3f3f3f3f;
const int mod = 1e9 + 7;
const double eps = 1e-8;
const double pi = acos(-1.0);
typedef long long LL;
LL gcd(LL a, LL b)
{
return b == 0 ? a : gcd(b, a % b);
}
void e_gcd(L
be35
L a, LL b, LL &x, LL &y)
{
if(b == 0)
{
x = 1;
y = 0;
return ;
}
e_gcd(b, a % b, x, y);
LL tm = x;
x = y;
y = tm - a / b * y;
}
int main()
{
LL n, m, x, y, l;
LL a, b, c;
while(~scanf("%lld %lld %lld %lld %lld", &x, &y, &m, &n, &l))
{
a = m - n; b = l; c = y - x;
if(a < 0)
{
a = -a; c = -c;
}
LL g = gcd(a, b);
if(c % g || n == m) //永远不会相遇
{
printf("Impossible\n");
continue;
}
a /= g; b /= g; c /= g;
e_gcd(a, b, x, y);
x = x * c;
x = ((x % b) + b ) % b; // 找最小的
printf("%lld\n", x);
}
return 0;
}
青蛙的约会
Time Limit: 1000MS | Memory Limit: 10000K | |
Total Submissions: 107733 | Accepted: 21544 |
两只青蛙在网上相识了,它们聊得很开心,于是觉得很有必要见一面。它们很高兴地发现它们住在同一条纬度线上,于是它们约定各自朝西跳,直到碰面为止。可是它们出发之前忘记了一件很重要的事情,既没有问清楚对方的特征,也没有约定见面的具体位置。不过青蛙们都是很乐观的,它们觉得只要一直朝着某个方向跳下去,总能碰到对方的。但是除非这两只青蛙在同一时间跳到同一点上,不然是永远都不可能碰面的。为了帮助这两只乐观的青蛙,你被要求写一个程序来判断这两只青蛙是否能够碰面,会在什么时候碰面。
我们把这两只青蛙分别叫做青蛙A和青蛙B,并且规定纬度线上东经0度处为原点,由东往西为正方向,单位长度1米,这样我们就得到了一条首尾相接的数轴。设青蛙A的出发点坐标是x,青蛙B的出发点坐标是y。青蛙A一次能跳m米,青蛙B一次能跳n米,两只青蛙跳一次所花费的时间相同。纬度线总长L米。现在要你求出它们跳了几次以后才会碰面。
Input
输入只包括一行5个整数x,y,m,n,L,其中x≠y < 2000000000,0 < m、n < 2000000000,0 < L < 2100000000。
Output
输出碰面所需要的跳跃次数,如果永远不可能碰面则输出一行"Impossible"
Sample Input
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Source
题目大意:略;
解析:单纯的扩展欧几里得,转换关系 -> (x + k * m) - ( y + k * n ) = L * kk; --> (m - n) * k + L * kk = ( y - x ) ; --> ax + by = c;
代码如下:
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<map>
#include<stack>
#include<queue>
#include<set>
#include<string>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cctype>
#include<cmath>
#define N 100009
using namespace std;
const int inf = 0x3f3f3f3f;
const int mod = 1e9 + 7;
const double eps = 1e-8;
const double pi = acos(-1.0);
typedef long long LL;
LL gcd(LL a, LL b)
{
return b == 0 ? a : gcd(b, a % b);
}
void e_gcd(L
be35
L a, LL b, LL &x, LL &y)
{
if(b == 0)
{
x = 1;
y = 0;
return ;
}
e_gcd(b, a % b, x, y);
LL tm = x;
x = y;
y = tm - a / b * y;
}
int main()
{
LL n, m, x, y, l;
LL a, b, c;
while(~scanf("%lld %lld %lld %lld %lld", &x, &y, &m, &n, &l))
{
a = m - n; b = l; c = y - x;
if(a < 0)
{
a = -a; c = -c;
}
LL g = gcd(a, b);
if(c % g || n == m) //永远不会相遇
{
printf("Impossible\n");
continue;
}
a /= g; b /= g; c /= g;
e_gcd(a, b, x, y);
x = x * c;
x = ((x % b) + b ) % b; // 找最小的
printf("%lld\n", x);
}
return 0;
}
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